四川省綿陽市三臺(tái)中學(xué)2021-2022學(xué)年高二下學(xué)期期末教學(xué)質(zhì)量模擬測(cè)試物理Word版含解析

《四川省綿陽市三臺(tái)中學(xué)2021-2022學(xué)年高二下學(xué)期期末教學(xué)質(zhì)量模擬測(cè)試物理Word版含解析》由會(huì)員上傳分享，免費(fèi)在線閱讀，更多相關(guān)內(nèi)容在教育資源-天天文庫。

三臺(tái)中學(xué)二O二0級(jí)高二下期末教學(xué)質(zhì)量模擬測(cè)試物理試題本試卷分為試題卷和答題卷兩部分，其中試題卷由第I卷（選擇題）和第II卷（非選擇題）組成，共4頁；答題卷共2頁。滿分100分。考試結(jié)束后將答題卡和答題卷一并交回。第I卷（選擇題，共54分）一、本大題12小題，每小題3分，共36分。每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意。1.下列關(guān)于電磁波的說法正確的是：（　　）A.變化的磁場(chǎng)一定能夠在空間產(chǎn)生變化的電場(chǎng)B.經(jīng)過調(diào)制后的電磁波在空間傳播得更快C.做變速運(yùn)動(dòng)的電荷會(huì)在空間產(chǎn)生電磁波D.麥克斯韋第一次用實(shí)驗(yàn)證實(shí)了光是橫波【答案】C【解析】【詳解】A．均勻變化的磁場(chǎng)能夠在空間產(chǎn)生穩(wěn)定的電場(chǎng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．電磁波在空間傳播的速度是一定的，經(jīng)過調(diào)制后的電磁波在空間傳播速度和以前一樣，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．根據(jù)電磁場(chǎng)理論可知，做變速運(yùn)動(dòng)的電荷會(huì)在空間產(chǎn)生變化的電場(chǎng)，然后變化的電場(chǎng)可產(chǎn)生變化的磁場(chǎng)，形成電磁波，選項(xiàng)C正確；D．麥克斯韋提出了電磁場(chǎng)理論，預(yù)言了電磁波是存在的，但并沒有用實(shí)驗(yàn)證實(shí)電磁波的存在，是赫茲第一次用實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電磁波的存在，并指明電磁波是橫波。故D錯(cuò)誤。故選C。2.1905年愛因斯坦提出了狹義相對(duì)論，根據(jù)相對(duì)論的觀點(diǎn)下面的認(rèn)識(shí)正確的是（　　）A.同時(shí)是相對(duì)的，時(shí)間的間距是絕對(duì)的B.在高速運(yùn)動(dòng)飛船上的時(shí)鐘走時(shí)將變快、球體的體積變小C.在一切參考系中，物理規(guī)律都是相同的D.在任何慣性系中，光在真空中沿各個(gè)方向的速度大小相同【答案】D【解析】【詳解】A．根據(jù)狹義相對(duì)論可知，在不同的慣性系中同時(shí)是相對(duì)的；由相對(duì)論的基本公式可知，物體的長(zhǎng)度、時(shí)間間隔和物體的質(zhì)量都是相對(duì)的，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)相對(duì)論鐘慢效應(yīng)可知，在高速運(yùn)動(dòng)飛船上的時(shí)鐘走時(shí)將變慢，故B錯(cuò)誤；

1C．根據(jù)狹義相對(duì)論可知，物理規(guī)律在所有慣性參考系中都具有相同的形式，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)光速不變?cè)?，真空中的光速在不同的慣性參考系中都是相同的，故D正確。故選D。3.一漁船向魚群發(fā)出超聲波，若魚群正向漁船靠近，則被魚群反射回來的超聲波與發(fā)出的超聲波相比：（　?。〢.波速變小B.頻率變高C.頻率變低D.波長(zhǎng)變大【答案】B【解析】【詳解】漁船向魚群發(fā)出超聲波，若魚群正向漁船靠近，波速由介質(zhì)決定，所以被魚群反射回來的超聲波與發(fā)出的超聲波相比波速不變，根據(jù)多普勒效應(yīng)可知，魚群向漁船靠近，則被魚群反射回來的超聲波與發(fā)出的超聲波相比頻率變高，波長(zhǎng)變小。故選B。4.用同一單縫研究a、b兩種單色光產(chǎn)生的衍射現(xiàn)象，單色光a的中心亮條紋比單色光b寬。則這兩種光：（　?。〢.通過同一裝置發(fā)生雙縫干涉，a光的相鄰條紋間距大B.從同種玻璃射入空氣發(fā)生全反射時(shí)，b光的臨界角大C.在同種玻璃中a光比b光的傳播速度小D.通過同一玻璃三棱鏡時(shí)，a光的偏折程度大【答案】A【解析】【詳解】A．在狹縫寬度與波長(zhǎng)相差不多或者狹縫寬度比波長(zhǎng)更小的情況下，會(huì)發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，由題可知單色光a衍射現(xiàn)象更明顯，故在真空中a光波長(zhǎng)更長(zhǎng)，發(fā)生干涉時(shí)條紋間距因此a光的相鄰條紋間距大，A正確；B．因a光波長(zhǎng)長(zhǎng)，故折射率a光更小，根據(jù)可知，a光臨界角大，B錯(cuò)誤；C．根據(jù)

2可知，a光傳播速度大，C錯(cuò)誤；D．折射率大通過同一玻璃三棱鏡時(shí)，光的偏折程度大，因此b光的偏折程度大，D錯(cuò)誤。故選A。5.光纖通信是一種現(xiàn)代化的通訊手段，它可以提供大容量，高速度、高質(zhì)量的通信服務(wù)。為了研究問題的方便，我們將光導(dǎo)纖維簡(jiǎn)化為一根長(zhǎng)直的玻璃管，如圖所示，設(shè)此玻璃管長(zhǎng)為L(zhǎng)，折射率為n，且光在玻璃的內(nèi)界面上恰好發(fā)生全反射。已知光在真空中的傳播速度為c，則光通過此段玻璃管所需的時(shí)間為（　?。〢.B.C.D.【答案】B【解析】【詳解】由光在介質(zhì)中傳播速度與介質(zhì)的折射率的關(guān)系公式，可得光在玻璃中的傳播速度為，由題意可知，光在玻璃的內(nèi)界面上恰好發(fā)生全反射，如圖所示，由，可得光在玻璃中沿玻璃管方向的傳播分速度為可得光在玻璃管中經(jīng)L長(zhǎng)所需的時(shí)間為ACD錯(cuò)誤，B正確。故選B。6.如圖所示是LC回路中電容器帶的電荷量隨時(shí)間變化的圖象。在1×10－6s到2×10－6s內(nèi)，關(guān)于電容器的充（或放）電過程及由此產(chǎn)生的電磁波的波長(zhǎng)，正確的結(jié)論是（　?。?/p>

3A.充電過程，波長(zhǎng)為1200mB.充電過程，波長(zhǎng)為1500mC.放電過程，波長(zhǎng)為1200mD.放電過程，波長(zhǎng)為1500m【答案】A【解析】【分析】【詳解】由題圖可知，在1×10-6s到2×10-6s內(nèi)，電容器C帶的電荷量由0增加到最多，因此是充電過程。電磁振蕩周期等于所發(fā)射的電磁波的周期，那么電磁波的波長(zhǎng)為故選A。7.一個(gè)圓環(huán)形閉合導(dǎo)體線圈a平放在水平面上，在a的正上方固定一豎直的螺線管b，b的鐵芯與a不接觸，a、b的軸線重合。螺線管與電源和滑動(dòng)變阻器連接成如圖的電路。當(dāng)移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的觸頭P時(shí)，圓環(huán)a中將產(chǎn)生感應(yīng)電流，同時(shí)a對(duì)水平面的壓力N將發(fā)生變化。如果要使圓環(huán)a中產(chǎn)生圖中所示方向的感應(yīng)電流，則下面的說法中正確的是（　?。〢.P應(yīng)向下滑，N大于a的重力B.P應(yīng)向上滑，N小于a的重力C.P應(yīng)向上滑，N大于a的重力D.P應(yīng)向下滑，N小于a的重力【答案】B【解析】【詳解】AD．根據(jù)電路中電流的方向以及螺線管的繞向，根據(jù)右手螺旋定則可知螺線管的下端為S極，穿過圓環(huán)a的磁感線方向是豎直向上；根據(jù)題意要使圓環(huán)a中產(chǎn)生圖中所示方向的感應(yīng)電流，即可知感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)是豎直向上的，根據(jù)楞次定律可知，螺線管產(chǎn)生的磁場(chǎng)在變?nèi)?，所以電路中的電流在變小，即電路中的電阻在變大，滑?dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭在向上滑動(dòng)，AD錯(cuò)誤；BC．根據(jù)右手螺旋定則可知圓環(huán)a的上面為N極，螺線管的下方為S極，所以圓環(huán)會(huì)受到豎直向上的吸引力，故a對(duì)水平面的壓力N將小于a的重力，B正確，C錯(cuò)誤。故選B。

48.心電圖儀是將心肌收縮產(chǎn)生的脈動(dòng)轉(zhuǎn)化為電壓脈沖的儀器，其輸出部分可以等效為虛線框內(nèi)的交流電源和定值電阻R0串聯(lián)，如圖所示。心電圖儀與一理想變壓器的原線圈連接，原一可變電阻R與該變壓器的副線圈連接，變壓器的原、副線圈匝數(shù)比為K。在交流電源的電壓有效值U0不變的情況下，將可變電阻R的阻值也調(diào)至R0.則有（　?。〢.變壓器的副線圈的電壓為B.變壓器原線圈中R0的電壓為C.變壓器原、副線圈的電阻的功率之比K2D.若將可變電阻R的阻值調(diào)大，原線圈中的電流變小【答案】D【解析】【詳解】AB．設(shè)原線圈兩端電壓為U1，電流為I1，副線圈兩端電壓為U2，電流為I2，則，解得，變壓器原線圈中R0的電壓為故AB錯(cuò)誤；C．變壓器原、副線圈的電阻的功率之比為故C錯(cuò)誤；

5D．在原、副線圈匝數(shù)比一定的情況下，R增大，副線圈電流I2減小，原線圈中的電流I1減小，故D正確。故選D。9.如圖所示的電路為演示自感現(xiàn)象的實(shí)驗(yàn)電路，若閉合開關(guān)S，電流達(dá)到穩(wěn)定后通過線圈L的電流為I1，通過小燈泡L2的電流為I2，小燈泡L2處于正常發(fā)光狀態(tài)，則下列說法中正確的是：（　?。〢.S閉合瞬間，線圈L中自感電動(dòng)勢(shì)的方向與I1方向相同B.S閉合瞬間，L2燈緩慢變亮，L1燈立即變亮C.S斷開瞬間，小燈泡L2中的電流由I1逐漸減小到零，方向與I2相反D.S斷開瞬間，小燈泡L2中的電流由I2逐漸減為零，方向不變【答案】C【解析】【詳解】A．S閉合瞬間，線圈L中自感電動(dòng)勢(shì)的方向與I1方向相反，A錯(cuò)誤；B．S閉合瞬間，L1和L2燈都立即變亮。B錯(cuò)誤；CD．S斷開瞬間，小燈泡L2中的電流由I1逐漸減小到零，方向與I2相反。C正確，D錯(cuò)誤。故選C。10.一列簡(jiǎn)諧橫波沿軸正方向傳播，圖甲是t=3s時(shí)的波形圖，圖乙是波中某質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)圖像（兩圖用同一時(shí)間起點(diǎn)），下列判斷正確的是（　?。〢.質(zhì)點(diǎn)P的平衡位置可能是B.質(zhì)點(diǎn)P的平衡位置可能是C.質(zhì)點(diǎn)P在t=3s時(shí)正向y軸負(fù)方向振動(dòng)

6D.質(zhì)點(diǎn)P在t=3s時(shí)的速度為零【答案】A【解析】【詳解】AB．從甲圖中找出此時(shí)通過平衡位置的質(zhì)點(diǎn)有x=0，x=2m，x=4m，x=6m由于簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，根據(jù)同側(cè)法可知，沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)有x=0，x=4m故A正確，B錯(cuò)誤；CD．從乙圖中可以看出，質(zhì)點(diǎn)P在t=3s時(shí)正通過平衡位置，向y軸正方向運(yùn)動(dòng)，此時(shí)速度最大，故CD錯(cuò)誤。故選A。11.單匝矩形線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，轉(zhuǎn)軸垂直于磁場(chǎng)。若線圈所圍面積里磁通量隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示，則（　　）A.線圈中D時(shí)刻磁通量的變化率最大B.線圈中0時(shí)刻與0.1s時(shí)刻電流的方向相同C.線圈中最大的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為0.628VD.線圈中0到D時(shí)間內(nèi)平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為0.314V【答案】C【解析】【詳解】A．線圈中D時(shí)刻磁通量的變化率最小為零，故A錯(cuò)誤；B．圈中0時(shí)刻與0.1s時(shí)刻電流的方向相反，故B錯(cuò)誤；C．由圖可知所以

7故C正確；D．線圈中0到D時(shí)間內(nèi)平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為故D錯(cuò)誤。故選C。12.如圖所示，半徑為R的導(dǎo)線環(huán)對(duì)心、勻速穿過半徑也為R的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，關(guān)于導(dǎo)線環(huán)中的感應(yīng)電流隨時(shí)間的變化關(guān)系，下列圖像中（以逆時(shí)針方向的電流為正）最符合實(shí)際的是（）A.B.C.D.【答案】C【解析】【詳解】在導(dǎo)線環(huán)通過磁場(chǎng)區(qū)域的整個(gè)過程中，其磁通量先垂直紙面增大，后垂直紙面減小，根據(jù)楞次定律可知導(dǎo)線環(huán)中的感應(yīng)電流先沿逆時(shí)針（正方向）后沿順時(shí)針（負(fù)方向），且是在導(dǎo)線環(huán)與磁場(chǎng)區(qū)域重合時(shí)電流方向發(fā)生突變。設(shè)導(dǎo)線環(huán)的速度為v，以導(dǎo)線環(huán)開始進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域的瞬間為計(jì)時(shí)零點(diǎn)，根據(jù)幾何關(guān)系可知導(dǎo)線環(huán)切割磁感線的有效長(zhǎng)度隨時(shí)間的變化規(guī)律為根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知導(dǎo)線環(huán)中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為

8設(shè)導(dǎo)線環(huán)的電阻為r，根據(jù)閉合電路歐姆定律以及前面對(duì)方向的分析可得根據(jù)上式以及數(shù)學(xué)知識(shí)可知，當(dāng)i沿正方向時(shí)，其隨t增大的變化率逐漸減小；當(dāng)i沿負(fù)方向時(shí)，其隨t減小的變化率逐漸增大。故選C。二本大題6個(gè)小題，每小題3分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中有一個(gè)或一個(gè)以上的選項(xiàng)正確，全對(duì)得3分，選對(duì)但不全得2分，有錯(cuò)或不選得0分。13.下列說法正確的是（　?。〢.太陽光通過三棱鏡形成彩色光譜，這是光的干涉的結(jié)果B.運(yùn)用激光測(cè)距是利用激光的平行度高的特點(diǎn)C.自行車的尾部標(biāo)志牌在光的照射下特別明亮是光折射的結(jié)果D.海市蜃樓現(xiàn)象是光的折射和全反射的結(jié)果【答案】BD【解析】【詳解】A．太陽光通過三棱鏡形成彩色光譜，這是光的折射引起的色散的結(jié)果，A錯(cuò)誤；B．激光的平行度高，運(yùn)用激光測(cè)距是利用激光的平行度高的特點(diǎn)，B正確；C．自行車的尾部標(biāo)志牌在光的照射下特別明亮是光的全反射的結(jié)果，C錯(cuò)誤；D．海市蜃樓又稱蜃景，是一種因?yàn)楣獾恼凵浜腿瓷涠纬傻淖匀滑F(xiàn)象，因此海市蜃樓現(xiàn)象是光的折射和全反射的結(jié)果，D正確。故選BD。14.下列說法中正確的是（　　）A.信號(hào)波需要經(jīng)過“調(diào)諧”后加到高頻的等幅電磁波（載波）上才能有效的發(fā)射出去B.遙控器發(fā)出的紅外線比醫(yī)院“CT”中的X射線的衍射能力更強(qiáng)C.熱雙金屬片可以感知磁場(chǎng)，常作為開關(guān)去控制電路D.單色光通過偏振片后，光的顏色發(fā)生變化，速度將變小【答案】B【解析】【詳解】A．電磁波信號(hào)需要經(jīng)過“調(diào)諧”后加到高頻的等幅電磁波（載波）上才能有效的發(fā)射出去，故A錯(cuò)誤；

9B．紅外線的波長(zhǎng)比X射線的波長(zhǎng)更長(zhǎng)，而波長(zhǎng)越長(zhǎng)的波越衍射能力越強(qiáng)，即遙控器發(fā)出的紅外線比醫(yī)院“CT”中的X射線的衍射能力更強(qiáng)，故B正確；C．熱雙金屬片是由膨脹系數(shù)不同的兩層（或多層）金屬疊焊軋制成的片材，具有隨溫度變化而發(fā)生相應(yīng)彎曲的特性，常作為開關(guān)去控制電路，故C錯(cuò)誤；D．單色光通過偏振片后，光顏色不會(huì)發(fā)生變化，即光通過偏振片不會(huì)改變光的頻率，速度也不會(huì)變小，故D錯(cuò)誤。故選B。15.如圖所示，表示兩列相干水波的疊加情況，圖中實(shí)線表示波峰，虛線表示波谷。設(shè)兩列波的振幅均為5cm，波速和波長(zhǎng)均為和，C點(diǎn)是BD連線的中點(diǎn)，下列說法中正確的是（　?。〢.圖示時(shí)刻C點(diǎn)正處在平衡位置且向上運(yùn)動(dòng)B.從圖示時(shí)刻起經(jīng)0.25s，B點(diǎn)的位移為C.從圖示時(shí)刻起經(jīng)0.2s時(shí)，C點(diǎn)的速度增大，加速度正減小D.從圖示時(shí)刻起經(jīng)0.25s，C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到AB連線的中點(diǎn)【答案】AC【解析】【詳解】A．圖示時(shí)刻點(diǎn)C處于平衡位置，由圖中波的傳播方向可知，點(diǎn)C此時(shí)的合速度向上，故A正確；B．波的周期從圖示時(shí)刻起經(jīng)，B處于波峰位置，則B點(diǎn)位移為，故B錯(cuò)誤；C．從圖示時(shí)刻起經(jīng)0.2s時(shí)，C點(diǎn)從波峰位置向平衡位置運(yùn)動(dòng)中，則C點(diǎn)的速度增大，加速度正減小，故C正確；D．在波的傳播過程中，質(zhì)元不會(huì)隨波進(jìn)行遷移，故D錯(cuò)誤。故選AC。16.豎直放置的平行光滑導(dǎo)軌，其電阻不計(jì)，磁場(chǎng)方向如圖所示，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5T，導(dǎo)體桿ab和cd的長(zhǎng)均為0.2m，電阻均為0.1Ω，所受重力均為0.1N，現(xiàn)在用力向上推導(dǎo)體桿ab

10，使之勻速上升（與導(dǎo)軌接觸始終良好），此時(shí)cd恰好靜止不動(dòng)，ab上升時(shí)下列說法正確的是（　?。〢.ab受到的推力大小為2NB.ab向上的速度為2m/sC.在2s內(nèi)，電路中產(chǎn)生的熱量是0.4JD.在2s內(nèi)，ab桿機(jī)械能增加0.8J【答案】BC【解析】【詳解】A．由于ab向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，cd恰好靜止不動(dòng)，即cd受到的安培力為由安培力公式可計(jì)算出電路中的電流為所以ab中的電流也是1A，且方向是由b到a，根據(jù)左手定則可知ab受到的安培力的方向豎直向下，所以ab受到的推力大小為故A錯(cuò)誤；B．a(chǎn)b產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為可得ab向上的速度為故B正確；

11C．在2s內(nèi)，電路中產(chǎn)生的熱量為故C正確；D．在2s內(nèi)，ab上升的高度為由于ab桿向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以ab桿機(jī)械能增加量等于重力勢(shì)能的增加量，即故D錯(cuò)誤。故選BC。17.圖示電路中，變壓器為理想變壓器，a、b接在電壓有效值不變的變流電源兩端，R0為定值電阻，R為滑動(dòng)變阻器?，F(xiàn)將變阻器的滑片從一個(gè)位置滑動(dòng)到另一位置，觀察到電流表A1的示數(shù)增大了0.2A，電流表A2的示數(shù)增大了0.8A，則下列說法正確的是：（　?。〢.電壓表V1示數(shù)增大B.電壓表V2、V3示數(shù)均增大C.該變壓器起降壓作用D.變阻器滑片是沿c→d的方向滑動(dòng)【答案】CD【解析】【詳解】A．由于a、b接在電壓有效值不變的交流電源兩端，所以原線圈兩端電壓不變，則電壓表V1示數(shù)不變，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)理想變壓器原、副線圈變壓規(guī)律可知副線圈兩端電壓不變，則電壓表V2示數(shù)不變；因?yàn)楦本€圈中電流增大，所以兩端電壓增大，則兩端電壓減小，即電壓表V3示數(shù)減小，故B錯(cuò)誤；C．該變壓器原、副線圈匝數(shù)比為所以該變壓器起降壓作用，故C正確；D．因?yàn)楦本€圈兩端電壓不變，電流增大，所以副線圈總電阻減小，滑動(dòng)變阻器接入電路阻值減小，即變阻器滑片是沿c→d的方向滑動(dòng)，故D正確。

12故選CD。18.如圖所示為某住宅區(qū)的應(yīng)急供電系統(tǒng)，由交流發(fā)電機(jī)和副線圈匝數(shù)可調(diào)的理想降壓變壓器組成。發(fā)電機(jī)中矩形線圈所圍的面積為S，匝數(shù)為N，電阻不計(jì)，它可繞水平軸在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)中以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)。矩形線圈通過滑環(huán)連接降壓變壓器，滑動(dòng)觸頭P上下移動(dòng)時(shí)可改變輸出電壓，表示輸電線的電阻。以線圈平面與磁場(chǎng)平行時(shí)為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，下列判斷正確的是（　?。〢.發(fā)電機(jī)線圈感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式為B.當(dāng)滑動(dòng)觸頭P向下移動(dòng)時(shí)，變壓器原線圈兩端的電壓將升高C.當(dāng)用戶數(shù)目增多時(shí)，輸電線上的熱功率減小D.當(dāng)用戶數(shù)目增多時(shí)，為使用戶電壓保持不變，滑動(dòng)觸頭P應(yīng)向上滑動(dòng)【答案】AD【解析】【詳解】A．感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值為從垂直中性面計(jì)時(shí)，則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式為A正確；B．當(dāng)觸頭P向下移動(dòng)時(shí)，不會(huì)影響變壓器原線圈兩端的電壓，變壓器原線圈兩端的電壓不變，B錯(cuò)誤；C．當(dāng)用戶數(shù)目增多時(shí)，總電阻減小，用戶的電流變大，則輸電線上的電流變大，故輸電線上的熱功率變大，C錯(cuò)誤；D．用電量增加時(shí)，輸出端電流增大，導(dǎo)線上消耗的電壓增大，用戶獲得電壓減小，故為了讓用戶正常工作，應(yīng)增大輸出電壓，即讓滑動(dòng)觸頭向上滑動(dòng)，D正確。故選AD。三、填空題：22分19.如圖所示，一橫截面為直角三角形的三棱鏡，，。一束與AB面成角的光線射向AB面，經(jīng)過BC邊一次反射，再?gòu)腁C邊射出，且出射光線的折射角為。則這種材料的折射率

13n=___________；【答案】【解析】【詳解】[1]光路圖如圖所示光線在AB面上的入射角而光線從AC面上出射的折射角，由折射定律可知，光線在AB面上的折射角等于在AC面上的入射角，根據(jù)幾何關(guān)系有可得根據(jù)折射定律20.圖甲為一列簡(jiǎn)諧橫波在t=0.10s時(shí)刻的波形圖，P是平衡位置為x=1m處的質(zhì)點(diǎn)，Q是平衡位置為x=4m處的質(zhì)點(diǎn)，圖乙為質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)圖像，則波向x軸的___________方向傳播；質(zhì)點(diǎn)P第一次回到平衡位置且速度為負(fù)的時(shí)間___________s。

14【答案】①.負(fù)②.0.075【解析】【詳解】[1]根據(jù)圖乙可知，時(shí)質(zhì)點(diǎn)從平衡位置沿軸負(fù)向振動(dòng)，根據(jù)波形平移法可知，波向x軸的負(fù)方向傳播。[2]由圖甲可知波長(zhǎng)為，由圖乙可知周期為，則波速為因?yàn)椴ㄏ騲軸的負(fù)方向傳播，則質(zhì)點(diǎn)第一次回到平衡位置且速度為負(fù)的時(shí)間等于波從傳到所用時(shí)間，則有21.在相對(duì)地面以0.6c勻速飛行的飛船中，激光炮向前發(fā)射一束強(qiáng)激光，激光對(duì)飛船的速率是______；飛船中靜質(zhì)量為10kg的物體，質(zhì)量是______kg?！敬鸢浮竣?c②.12.5【解析】【詳解】[1]根據(jù)愛因斯坦狹義相對(duì)論光速不變?cè)?，光在真空中總是以確定的速度c傳播，速度的大小同光源的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)無關(guān)，在真空中的各個(gè)方向上，光信號(hào)傳播速度（即單向光速）的大小均相同（即光速各向同性），光速同光源的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)和觀察者所處的慣性系無關(guān)?？芍す鈱?duì)飛船的速率是光速c；[2]根據(jù)愛因斯坦狹義相對(duì)論的質(zhì)量與速度的關(guān)系有22.在“用雙縫干涉測(cè)光的波長(zhǎng)”實(shí)驗(yàn)中，現(xiàn)有毛玻璃屏、雙縫、白光光源、單縫和透紅光的濾光片等光學(xué)元件，要把它們放在如圖所示的光具座上組裝成雙縫干涉裝置，用以測(cè)量紅光的波長(zhǎng)。（1）光具座上放置的光學(xué)元件依次為①光源、②濾光片、③___________和___________、④遮光筒、⑤光屏。（2）在觀察雙縫干涉圖樣實(shí)驗(yàn)中，以下說法中正確的是：___________A.若用白光照射雙縫，在屏上出現(xiàn)彩色條紋原因是各種色光的速度不同B.若將其中一條縫堵住，屏上的條紋圖樣不會(huì)改變

15C.將單縫與雙縫距離增大，屏上的條紋寬度變寬D.將裝置由空氣移入水中，其它條件不變，屏上的條紋寬度變窄E.實(shí)驗(yàn)中若觀察不到干涉條紋，其原因可能是光源與單縫間距太遠(yuǎn)（3）調(diào)整裝置，在光屏上出現(xiàn)清晰的干涉條紋。然后將測(cè)量頭的分劃板中心刻線與某條亮紋中心對(duì)齊，將該亮紋定為第1條亮紋，此時(shí)手輪上的示數(shù)如圖所示，示數(shù)___________mm，然后同方向轉(zhuǎn)動(dòng)測(cè)量頭，使分劃板中心刻線與第6條亮紋中心對(duì)齊并記下示數(shù)。若已知雙縫間距d為0.2mm，雙縫到屏的距離L為0.700m，紅光波長(zhǎng)為660nm。相鄰亮條紋的間距表達(dá)式Δx=___________，可得相鄰亮條紋的間距為___________mm。【答案】①.單縫②.雙縫③.D④.2.320⑤.⑥.2.310【解析】【詳解】（1）[1][2]為了獲取單色的線光源，光源后面應(yīng)放置濾光片、單縫，單縫形成的相干線性光源經(jīng)過雙縫產(chǎn)生干涉現(xiàn)象，在光屏上可以觀察到干涉條紋，故光源與屏之間由左至右應(yīng)依次放置：濾光片、單縫、雙縫。（2）[3]A．雙縫干涉的條紋間距有其中為雙縫到屏的距離，為入射光的波長(zhǎng)，是雙縫的間距。白光通過雙縫后對(duì)7種單色光來講，只有有是不同的，所以條紋間距也不同，導(dǎo)致7種單色光的亮條紋暗條紋交替出現(xiàn)形成彩色條紋，又由于各種色光傳播的速度都一樣均為，由公式可知波長(zhǎng)不同即頻率不同，故A錯(cuò)誤；B．雙縫干涉的圖樣是明暗相間的干涉條紋，所有條紋寬度相同且等間距，若將其中一個(gè)縫封住，屬于單縫衍射，那么單縫衍射條紋是中間明亮且寬大，越向兩側(cè)寬度越小越暗，而波長(zhǎng)越大，中央亮條紋越粗，即將其中一條縫堵住，屏上的條紋圖樣會(huì)改變，故B錯(cuò)誤；C．將單縫與雙縫距離增大，不會(huì)影響條紋間距，即屏上的條紋寬度不變，故C錯(cuò)誤；D．將裝置由空氣移入水中，由

16可知水里面光的傳播速度變小，而頻率不變，于是波長(zhǎng)變短，干涉條紋間隙正比于波長(zhǎng)，自然變小，即亮紋變密集，故D正確；E．光源與單縫間距太遠(yuǎn)，仍然有光進(jìn)入濾光片以及單縫和雙縫，只不過光線稍弱，只要其它儀器擺放正確，操作無誤，在光屏上仍然有干涉條紋，故E錯(cuò)誤。故選D。（3）[4]螺旋測(cè)微器讀數(shù)的測(cè)量值(mm)＝固定刻度數(shù)(mm)(注意半毫米刻度線是否露出)＋可動(dòng)刻度數(shù)(估讀一位)×0.01(mm)，所以此時(shí)手輪上的示數(shù)為[5]雙縫干涉的條紋間距公式為[6]由雙縫干涉的條紋間距公式，代入相關(guān)數(shù)據(jù)可得相鄰亮條紋的間距為23.如圖所示，某同學(xué)在“測(cè)定玻璃的折射率”的實(shí)驗(yàn)中，先將白紙平鋪在木板上并用圖釘固定，玻璃磚平放在白紙上，然后在白紙上確定玻璃磚的界面aa′和bb′。O為直線AO與aa′的交點(diǎn)。在直線OA上豎直地插上P1、P2兩枚大頭針。（1）該同學(xué)接下來要完成的必要步驟有___________A.插上大頭針P3，使P3僅擋住P2的像B.插上大頭針P3，使P3擋住P1的像和P2的像C插上大頭針P4，使P4僅擋住P3D.插上大頭針P4，使P4擋住P3和P1、P2的像（2）過P3、P4作直線交bb′于O′，過O′作垂直于bb′的直線NN′，連接OO′。測(cè)量圖中角α和β的大小。則玻璃磚的折射率n=_______；

17（3）對(duì)“測(cè)定玻璃折射率”的實(shí)驗(yàn)中的一些問題，幾個(gè)同學(xué)發(fā)生了爭(zhēng)論，他們的意見如下，其中正確的是：______A.為了提高測(cè)量的精確度，P1、P2及P3、P4之間的距離應(yīng)適當(dāng)大一些B.為了提高測(cè)量的精確度，入射角應(yīng)盡量小一些C.P1、P2之間的距離的大小及入射角的大小跟測(cè)量的精確度無關(guān)D.如果入射角太大，則反射光過強(qiáng)，折射光過弱，不易觀察E.應(yīng)該選較寬的玻璃磚，且兩個(gè)側(cè)面應(yīng)平行（4）如圖所示，該同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中將玻璃磚界面aa′和bb′的間距畫斜了。若其他操作正確，則折射率的測(cè)量值______準(zhǔn)確值（選填“大于”、“小于”或“等于”）?！敬鸢浮竣?BD②.③.AD④.小于【解析】【詳解】（1）[1]該同學(xué)接來要完成的必要步驟有：確定P3大頭針的位置的方法是插上大頭針P3，使P3能擋住P1、P2的像，確定P4大頭針的位置的方法是大頭針P4能擋住P3和P1、P2的像，故該同學(xué)接下來要完成的必要步驟是BD。故選BD。（2）[2]根據(jù)折射定律，可得玻璃磚的折射率為（3）[3]AC．折射光線是通過隔著玻璃磚觀察成一條直線確定的，大頭針間的距離太小，引起的角度會(huì)較大，所以P1、P2及P3、P4之間的距離應(yīng)適當(dāng)大一些，可以提高準(zhǔn)確度，故A正確，C錯(cuò)誤；B．入射角盡量大些，折射角也會(huì)大些折射現(xiàn)象較明顯，角度的相對(duì)誤差會(huì)減小，故B錯(cuò)誤；D．如果入射角太大，則反射光過強(qiáng)，折射光過弱，不易觀察，D正確；E．兩個(gè)玻璃磚的側(cè)面不一定要平行，故E錯(cuò)誤。故選AD。（4）[4]如圖為在圖中分別做出的實(shí)際光路圖（圖中實(shí)線）和以、為界面，以大頭針留的痕跡做出出射畫的實(shí)驗(yàn)光路圖（圖中虛線）

18比較實(shí)地光路圖的折射角與實(shí)驗(yàn)圖的折射角關(guān)系，可知：折射角測(cè)量值偏大，則折射率偏小。四、計(jì)算題：（本大題2小題，共24分。要求在答題卷上寫出必要的文字說明、方程式、重要的演算步驟和明確的答案。）24.如圖甲所示，長(zhǎng)、寬分別為L(zhǎng)1=0.8m、L2=0.5m的矩形金屬線框位于豎直平面內(nèi)，其匝數(shù)為n=250，總電阻為r=2Ω，可繞其豎直中心軸O1O2轉(zhuǎn)動(dòng)。線框的兩個(gè)末端分別與兩個(gè)彼此絕緣的銅環(huán)C、D（集流環(huán)）焊接在一起，并通過電刷和電阻為18Ω的燈泡相連。線框所在空間有水平向右均勻分布的磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖乙所示。在0~2s的時(shí)間內(nèi)，線框保持靜止，且線框平面和磁場(chǎng)垂直；2s末時(shí)刻后，線框在外力的驅(qū)動(dòng)下開始繞其豎直中心軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，燈泡一直處于正常發(fā)光狀態(tài)。求：（1）燈泡的額定電壓；（2）線框轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度；（3）線框勻速轉(zhuǎn)動(dòng)后，從圖甲所示位置轉(zhuǎn)過90°的過程中，通過燈泡的電荷量?！敬鸢浮浚?）36V；（2）rad/s；（3）5C【解析】【詳解】（1）0~2s時(shí)間內(nèi)，線框中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)解得根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，通過燈泡的電流

19則燈泡的額定電壓U=IR=36V（2）線框產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值Em=nB2L1L2ω感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的有效值E=nB2L1L2ω其中E=40Vω=rad/s（3）線框從圖甲所示位置轉(zhuǎn)過90°的過程中，平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)平均感應(yīng)電流通過燈泡的電荷量25.如圖所示，兩條金屬導(dǎo)軌相距L=1m，水平部分處在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B1中，其中MN段平行于PQ段，位于同一水平面內(nèi)，NN0段與QQ0段平行，位于與水平面成傾角37°的斜面內(nèi)，且MNN0與PQQ0均在豎直平面內(nèi)。在水平導(dǎo)軌區(qū)域和傾斜導(dǎo)軌區(qū)域內(nèi)分別有垂直于水平面和斜面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B1和B2，且B1=B2=0.5T；ab和cd是質(zhì)量均為m=0.2kg、電阻分別為Rab=0.5Ω和Rcd=1.5Ω的兩根金屬棒，ab置于水平導(dǎo)軌上，與水平導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5，cd置于光滑的傾斜導(dǎo)軌上，均與導(dǎo)軌垂直且接觸良好。從t=0時(shí)刻起，ab棒在水平外力F1作用下由靜止開始以a=2m/s2的加速度向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，cd棒在平行于斜面方向的力F2的作用下保持靜止?fàn)顟B(tài)。不計(jì)導(dǎo)軌的電阻。水平導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)，ab棒始終在水平導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)，已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2。求：（1）在時(shí)間t=5s時(shí)力F1和F2分別為多少？（2）若ab棒運(yùn)動(dòng)5m時(shí)，cd棒產(chǎn)生的熱量為3J，則力F1對(duì)ab棒所做的功是多少？

20【答案】（1）2.65N，0.05N；（2）11J【解析】【詳解】（1）在t=5s時(shí)ab的速度v=at=10m/s電動(dòng)勢(shì)E=B1Lv=5V電流I==2.5A對(duì)abF1-μmg-B1IL=maF1=2.65N對(duì)cdF2+B2IL=mgsin37°F2=mgsin37°-B2IL=-0.05N方向沿導(dǎo)軌向下（2）由動(dòng)能定理-μmgs-Qab-Qcd=v2=2as=11J

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