湖南省岳陽市平江縣2022-2023學(xué)年高一下學(xué)期期末檢測(cè)物理 Word版含解析

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平江縣2023年高一上學(xué)期教學(xué)質(zhì)量監(jiān)測(cè)物理試題考試時(shí)間90分鐘，試卷滿分100分。答案請(qǐng)務(wù)必寫在答題卡上。一、單選題（每題4分，共28分。）1.物理學(xué)是以觀察、實(shí)驗(yàn)為基礎(chǔ)的自然學(xué)科，下列說法中正確的是（）A.牛頓第一定律是牛頓多次通過實(shí)驗(yàn)總結(jié)出來的一條實(shí)驗(yàn)定律B.在探究?jī)蓚€(gè)互成角度的力的合成規(guī)律時(shí)采用了等效替代法C.第谷根據(jù)多年的觀測(cè)總結(jié)揭示了行星的運(yùn)動(dòng)規(guī)律D.庫侖通過著名的扭秤實(shí)驗(yàn)測(cè)出了萬有引力常量的數(shù)值【答案】B【解析】【詳解】A．牛頓第一定律是牛頓在大量實(shí)驗(yàn)的基礎(chǔ)上，通過邏輯推理概括出來的，故A錯(cuò)誤；B．在探究?jī)蓚€(gè)互成角度的力的合成規(guī)律時(shí)應(yīng)控制拉力的作用效果相同，采用了等效替代法，故B正確；C．開普勒根據(jù)第谷觀測(cè)的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)總結(jié)揭示了行星的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，故C錯(cuò)誤；D．卡文迪許通過著名的扭秤實(shí)驗(yàn)測(cè)出了萬有引力常量的數(shù)值，故D錯(cuò)誤。故選B。2.如圖所示，豎直放置的兩端封閉的玻璃管中注滿清水，內(nèi)有一個(gè)紅蠟塊能在水中勻速上浮。在紅蠟塊從玻璃管的下端勻速上浮的同時(shí)，使玻璃管以不同方式水平向右運(yùn)動(dòng)。蠟塊第一次從玻璃管下端運(yùn)動(dòng)到上端的軌跡為直線1，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t1.蠟塊第二次從玻璃管下端運(yùn)動(dòng)到上端的軌跡為曲線2，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t2.則可知（　?。〢.第一次玻璃管勻速運(yùn)動(dòng)，t1>t2B.第一次玻璃管加速運(yùn)動(dòng)，t1=t2C第二次玻璃管加速運(yùn)動(dòng)，t1=t2D.第二次玻璃管減速運(yùn)動(dòng)，t1＜t2【答案】C【解析】

1【分析】【詳解】豎直方向，兩次蠟燭均向上以相同的速度做勻速運(yùn)動(dòng)，可知時(shí)間相等t1=t2第一次運(yùn)動(dòng)軌跡為直線，可知水平方向?yàn)閯蛩龠\(yùn)動(dòng)；第二次運(yùn)動(dòng)軌跡為曲線，合力方向指向軌跡的凹向，則加速度水平向右，則水平方向?yàn)榧铀龠\(yùn)動(dòng)。故選C。3.真空中兩個(gè)相同的帶等量異種電荷的小球A和B，分別固定在兩處，兩球間靜電力為F。用不帶電的同樣小球C先和A接觸，再與B接觸，然后移去C，則AB間的靜電力應(yīng)為（）A.B.C.D.【答案】C【解析】【詳解】?jī)蓚€(gè)完全相同且可看成點(diǎn)電荷金屬小球A和B，分別帶有等量異種電荷q，這時(shí)兩球間靜電引力的大小為F，當(dāng)用一個(gè)不帶電，且與A和B完全相同的絕緣金屬小球C先與A球接觸，再與B球接觸后移去。根據(jù)電荷的分配規(guī)律，是先中和在平分的原則小球C先與A球接觸，A球和C球分別帶電B球和C球由庫侖定律可得兩球間靜電力的大小為原來的八分之一，故ABD錯(cuò)誤，C正確。故選C。4.如圖所示，滑板愛好者先后兩次從坡道A點(diǎn)滑出，均落至B點(diǎn)，第二次的滯空時(shí)間比第一次長(zhǎng)，則（　　）

2A.兩次滑出速度方向相同B.兩次騰空最大高度相同C.第二次滑出速度一定大D.第二次在最高點(diǎn)速度小【答案】D【解析】【詳解】AB．對(duì)運(yùn)動(dòng)員運(yùn)動(dòng)分析可知，從坡道A點(diǎn)滑出后，水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)豎直上拋運(yùn)動(dòng)對(duì)稱性，即上升時(shí)間等于下降時(shí)間，由題知第二次的滯空時(shí)間比第一次長(zhǎng)，所以第二次下降時(shí)間大于第一次，由知，第二次騰空最大高度大于第一次，又因?yàn)閮纱嗡轿灰葡嗟?，所以兩次位移角不同，即兩次滑出速度方向不相同，故AB錯(cuò)誤；CD．因?yàn)榈诙蜗陆禃r(shí)間大于第一次，且兩次水平位移相等，由知，第二次滑出后水平分速度小于第一次，即第二次在最高點(diǎn)速度小。又由可知，第二次滑出后豎直分速度大于第一次，所以第二次滑出速度不一定大。故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。5.某教室內(nèi)墻壁上掛有一只走時(shí)準(zhǔn)確的石英鐘，盤有時(shí)針、分針和秒針，如圖所示。關(guān)于它們的轉(zhuǎn)動(dòng)情況描述正確的是（　　）A.時(shí)針與分針轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度之比為1∶60B.時(shí)針與秒針轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度之比為1∶3600C.分針與秒針轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度之比為1∶60D.分針與秒針轉(zhuǎn)動(dòng)的周期之比為1∶12【答案】C【解析】【分析】

3【詳解】時(shí)針的周期T1=12h，分針的周期T2=1h，秒針的周期T3=，由角速度公式角速度之比為周期的反比，因此時(shí)針與分針轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度之比為1∶12，時(shí)針與秒針轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度之比為1∶720，分針與秒針轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度之比1∶60，分針與秒針轉(zhuǎn)動(dòng)的周期之比為60∶1，故選C。6.如圖所示，a、b分別為一對(duì)等量同種電荷連線上的兩點(diǎn)（其中b為中點(diǎn)），c為連線中垂線上的一點(diǎn)，今將一負(fù)點(diǎn)電荷q自a沿直線移到b再沿直線移到c，下列說法正確的是（　?。〢.電荷q受到的電場(chǎng)力一直變小B.電場(chǎng)力對(duì)電荷q一直做負(fù)功C.電荷q電勢(shì)能先減小，后增加D.電荷q受到的電場(chǎng)力方向一直不變【答案】B【解析】【詳解】根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)疊加原理，可知在等量同種正點(diǎn)電荷二者連線上，中點(diǎn)處電場(chǎng)強(qiáng)度為零，從中點(diǎn)處向兩點(diǎn)電荷靠近，場(chǎng)強(qiáng)逐漸增大，場(chǎng)強(qiáng)方向背離所靠近點(diǎn)電荷一方；在二者連線中垂線上，中點(diǎn)處場(chǎng)強(qiáng)為零，從中點(diǎn)處往中垂線兩邊延伸，場(chǎng)強(qiáng)先增大，后減小，且場(chǎng)強(qiáng)方向沿中垂線方向，二者連線上方豎直向上，下方豎直向下。A．將一帶電量為q的負(fù)點(diǎn)電荷自a沿直線移到b再沿直線移到c，場(chǎng)強(qiáng)先減小后增大，則電場(chǎng)力先減小后增大，并未一直減小，故A錯(cuò)誤；BC．負(fù)電荷所受力的方向與電場(chǎng)強(qiáng)度方向相反，所以負(fù)點(diǎn)電荷自a沿直線移到b的過程中，電場(chǎng)力做負(fù)功，再沿直線移到c時(shí)，電場(chǎng)力還是做負(fù)功；電場(chǎng)力一直做負(fù)功，電荷的電勢(shì)能一直增大，故B正確，C錯(cuò)誤；D．從a到b再到c的過程中，電場(chǎng)強(qiáng)度方向先沿ab方向，后沿bc方向，負(fù)電荷受到電場(chǎng)力的方向與電場(chǎng)強(qiáng)度方向相反，所以電場(chǎng)力的方向也改變，故D錯(cuò)誤。故選B?！军c(diǎn)睛】?jī)蓚€(gè)等量同種電荷，它們?cè)邳c(diǎn)O處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向相反；bc連線上方的中垂線上每一點(diǎn)（除b

4點(diǎn)）電場(chǎng)線方向向上；根據(jù)電場(chǎng)力做功正負(fù)，判斷電勢(shì)能的變化：電場(chǎng)力做負(fù)功，電荷的電勢(shì)能增大。7.一物體在的水平拉力作用下沿水平面運(yùn)動(dòng)，在時(shí)水平拉力變?yōu)?，方向不變，物體在水平面上運(yùn)動(dòng)的速度-時(shí)間圖像如圖所示。則在內(nèi)拉力對(duì)物體做的功為（　?。〢.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】【詳解】根據(jù)圖像面積求出前后兩段的位移，然后根據(jù)功的計(jì)算得故選C。二、多選題（每題5分，少選得3分，共20分。）8.“嫦娥五號(hào)”探測(cè)器繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，軌道半徑為r，速度大小為v。已知月球半徑為R，引力常量為G，忽略月球自轉(zhuǎn)的影響。下列選項(xiàng)正確的是（　?。〢.月球平均密度為B.月球平均密度為C.月球表面重力加速度為D.月球表面重力加速度為【答案】BD【解析】【詳解】AB．由萬有引力提供向心力，可得解得

5月球體積，所以月球平均密度為故A錯(cuò)誤，B正確；CD．在月球表面，有可解得月球表面重力加速度為故C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。9.一質(zhì)量為m的物體以某一速度沖上一個(gè)傾角為37°的斜面，其運(yùn)動(dòng)的加速度的大小為0.6g，這個(gè)物體沿斜面上升的最大高度為H，則在這個(gè)過程中（　?。〢.物體的重力勢(shì)能增加了0.6mgHB.物體的重力勢(shì)能增加了mgHC.物體的動(dòng)能損失了0.6mgHD.物體的機(jī)械能守恒【答案】BD【解析】【分析】【詳解】AB．物體的重力勢(shì)能增加了mgH，A錯(cuò)誤，B正確；CD．根據(jù)動(dòng)能定理可得因?yàn)?/p>

6所以機(jī)械能守恒，C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。10.2020年7月，“天問一號(hào)”火星探測(cè)器成功發(fā)射升空，今年2月到達(dá)火星附近，被火星捕獲，5月成功著陸火星，中國首次火星探測(cè)任務(wù)取得圓滿成功。假設(shè)將“天問一號(hào)”的運(yùn)行軌跡簡(jiǎn)化情況如圖。探測(cè)器在Q處被火星引力“捕獲”，經(jīng)橢圓軌道Ⅱ到達(dá)P處實(shí)施制動(dòng)變軌到軌道I，已知I軌道的軌道半徑為R，周期為，橢圓軌道Ⅱ的周期為，長(zhǎng)軸間距離為。則（　　）A.探測(cè)器在I軌道穩(wěn)定運(yùn)行到達(dá)P處的加速度與在Ⅱ軌道穩(wěn)定運(yùn)行到達(dá)P處的加速度相等B.探測(cè)器在I軌道穩(wěn)定運(yùn)行到達(dá)P處的速度與在Ⅱ軌道穩(wěn)定運(yùn)行到達(dá)P處的速度相等C.探測(cè)器經(jīng)Ⅰ、Ⅱ軌道的周期之比D.探測(cè)器經(jīng)Ⅰ、Ⅱ軌道的周期之比【答案】AC【解析】【分析】【詳解】A．由于不同軌道上的P點(diǎn)距離地心的距離相等，故由萬有引力提供向心力由表達(dá)式可知，由于P點(diǎn)位置不變，故“天問一號(hào)”在軌道I上經(jīng)過P點(diǎn)的加速度等于在軌道Ⅱ上經(jīng)過P點(diǎn)的加速度，故A正確；B．“天問一號(hào)”要從軌道I變軌到軌道Ⅱ需加速，故其在軌道I上經(jīng)過P點(diǎn)的速度小于在軌道Ⅱ上經(jīng)過P點(diǎn)的速度，故B錯(cuò)誤；CD．由開普勒第三定律可知，探測(cè)器經(jīng)Ⅰ、Ⅱ軌道的周期之比

7故C正確D錯(cuò)誤。故選AC。11.如圖所示，單刀雙擲開關(guān)S原來跟“2”相接，從t=0開始，開關(guān)改接“1”，一段時(shí)間后，把開關(guān)改接“2”，則流過電路中P點(diǎn)的電流I和電容器兩極板的電勢(shì)差UAB隨時(shí)間變化的圖像可能正確的是（　?。〢.B.C.D.【答案】C【解析】【詳解】AB．從t＝0開始，開關(guān)接“1”電容器開始充電，由于電容器帶電量越來越多，充電電流越來越小，最后減小到0，把開關(guān)改接“2”后，電容器通過電阻R放電，隨電容器帶電量越來越小，電流也會(huì)越來越小，最后電流減小到零，放電過程中電流的方向與充電過程中相反，因此AB錯(cuò)誤；CD．從t＝0開始，開關(guān)接“1”電容器開始充電，由于充電電流越來越小，電容器兩板間的電壓增加的越來越慢，最后達(dá)到穩(wěn)定；把開關(guān)改接“2”后電容器通過R放電，由于放電電流越來越小，電容器兩板間的電壓減小的越來越慢，但整個(gè)過程中UAB始終為正值，C正確，D錯(cuò)誤。故選C。三、實(shí)驗(yàn)題（每空2分，共16分。）12.在“探究平拋運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)”實(shí)驗(yàn)中。（1）采用如圖所示裝置的實(shí)驗(yàn)過程中，斜槽末端的切線必須是水平的，這樣做的目的是________。

8A．保證小球飛出時(shí)，速度既不太大，也不太小B．保證小球飛出時(shí)，初速度水平C．保證小球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間每次都相等D．保證小球運(yùn)動(dòng)的軌跡是一條拋物線（2）某同學(xué)利用圖所示裝置研究平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律。實(shí)驗(yàn)時(shí)該同學(xué)使用頻閃儀和照相機(jī)對(duì)做平拋運(yùn)動(dòng)的小球進(jìn)行拍攝，頻閃儀每隔0.05s發(fā)出一次閃光，某次拍攝后得到的照片如圖所示（圖中未包括小球剛離開軌道的影像）。圖中的背景是放在豎直平面內(nèi)的帶有方格的紙板，紙板與小球軌跡所在平面平行，其上每個(gè)方格的邊長(zhǎng)為5cm。該同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中測(cè)得的小球影像的高度差已經(jīng)在圖中標(biāo)出。則小球運(yùn)動(dòng)到圖中位置A時(shí)，其速度的水平分量大小為________m/s；根據(jù)圖中數(shù)據(jù)可得，當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊拇笮開_______。（答案均保留兩位有效數(shù)字）【答案】①.B②.1.0③.9.6【解析】【詳解】（1）[1]采用如圖所示裝置的實(shí)驗(yàn)過程中，斜槽末端的切線必須是水平的，這樣做的目的是：保證小球飛出時(shí)，初速度水平，保證小球做的是平拋運(yùn)動(dòng)。故選B。（2）[2][3]由題意，根據(jù)圖中數(shù)據(jù)可得，小球運(yùn)動(dòng)到圖中位置A時(shí)，水平方向上有可得其速度的水平分量大小為

9根據(jù)圖中數(shù)據(jù)可得小球在豎直方向上，在連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)所通過的高度差為可得，當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊拇笮?3.落體法驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)實(shí)驗(yàn)步驟如下：A．用天平準(zhǔn)確測(cè)出重錘的質(zhì)量；B．豎直固定打點(diǎn)定時(shí)器，并接上直流電源；C．將紙帶一端固定在重錘上，另一端穿過打點(diǎn)定時(shí)器的限位孔，使重錘靠近打點(diǎn)定時(shí)器；D．先釋放重錘，后接通電源；E．更換紙帶，再重復(fù)幾次；F．選擇紙帶，測(cè)量紙帶上某些點(diǎn)間的距離G．根據(jù)測(cè)量結(jié)果進(jìn)行計(jì)算（1）你認(rèn)為實(shí)驗(yàn)步驟中多余的步驟是________，錯(cuò)誤的步驟是________；（填序號(hào)）（2）打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用電源頻率為50Hz，當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊闹禐?，重物的質(zhì)量為。若按實(shí)驗(yàn)要求正確地選出紙帶進(jìn)行測(cè)量，量得連續(xù)三點(diǎn)A、B、C到打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所打下的第一個(gè)點(diǎn)O的距離如圖所示，相鄰計(jì)時(shí)點(diǎn)時(shí)間間隔為0.02s，那么可以判斷，從起點(diǎn)O到計(jì)時(shí)點(diǎn)B的過程中重力勢(shì)能減少量是________J，此過程中物體動(dòng)能的增加量________J（本小題各空格計(jì)算結(jié)果均保留3位有效數(shù)字）。

10（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)的紙帶算出相關(guān)各點(diǎn)的速度v，算出下落的距離h；以為縱坐標(biāo)，以h為橫軸畫出的圖線應(yīng)是圖中的________就證明機(jī)械能是守恒的。A.　　　B.C.　　　D.【答案】①.A②.BD##DB③.0.491④.0.480⑤.B【解析】【詳解】（1）[1]因?yàn)閯?dòng)能和重力勢(shì)能中均有質(zhì)量，所以表達(dá)式中質(zhì)量可以約去，故不需要測(cè)量重錘的質(zhì)量。故實(shí)驗(yàn)步驟中多余的步驟是A。[2]打點(diǎn)計(jì)時(shí)器應(yīng)接上交流電源；應(yīng)先通電再釋放重錘。這樣以提高紙帶的利用率，有更多的點(diǎn)可以選擇。故實(shí)驗(yàn)中錯(cuò)誤的步驟是BD。（2）[3]從起點(diǎn)O到計(jì)時(shí)點(diǎn)B的過程中重力勢(shì)能減少量是[4]根據(jù)速度公式得此過程中物體動(dòng)能的增加量（3）[5]如機(jī)械能守恒，則有

11化簡(jiǎn)得故選B。四、解答題（共36分。）14.如圖所示，質(zhì)量為、電荷量為的電子由靜止經(jīng)電壓為的電場(chǎng)加速后，沿水平直線進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，不考慮電場(chǎng)邊緣效應(yīng)。已知偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的極板長(zhǎng)，兩極板間距，兩板間電壓，為兩極板的中線。求：(1)電子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)速度的大??；(2)電子射出偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)，速度與水平方向夾角的正切值。【答案】(1)m/s；(2)0.1【解析】【詳解】(1)直線加速，根據(jù)動(dòng)能定理有解得(2)電子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律有水平方向勻速直線運(yùn)動(dòng)，有豎直方向勻加速直線運(yùn)動(dòng)，有

12聯(lián)立解得15.用一根長(zhǎng)為的絲線吊著一質(zhì)量為m、帶電荷量為q的小球，小球靜止在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，如圖所示，絲線與豎直方向成角。現(xiàn)突然將該電場(chǎng)方向變?yōu)橄蛳碌笮〔蛔?，不考慮因電場(chǎng)的改變而帶來的其他影響（重力加速度為g），求：（1）小球帶哪種電荷？（2）勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大??；（3）小球經(jīng)過最低點(diǎn)時(shí)球?qū)z線的拉力大小?！敬鸢浮浚?）正電；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）小球靜止時(shí)受到的電場(chǎng)力方向向右，與電場(chǎng)方向相同，故小球帶正電。（2）小球靜止在電場(chǎng)中受力如圖所示由平衡條件得故

13（3）當(dāng)電場(chǎng)方向變成向下后，小球開始擺動(dòng)到最低點(diǎn)，由動(dòng)能定理得受力分析如圖所示由圓周運(yùn)動(dòng)知識(shí)，在最低點(diǎn)時(shí)解得由牛頓第三定律知，球?qū)z線的拉力大小16.如圖所示，輕質(zhì)動(dòng)滑輪下方懸掛重物A、輕質(zhì)定滑輪下方懸掛重物B，懸掛滑輪的輕質(zhì)細(xì)線豎直。開始時(shí)，重物A、B處于靜止?fàn)顟B(tài)，釋放后A、B開始運(yùn)動(dòng)。已知，假設(shè)摩擦阻力和空氣阻力均忽略不計(jì)，重力加速度為g，當(dāng)A上升H時(shí)，求：（1）B下降了多少？（2）物體系統(tǒng)的動(dòng)能增加了多少？（3）A和B的速度各是多少？

14【答案】（1）2H；（2）3mgH；（3），【解析】【詳解】（1）對(duì)A、B組成的系統(tǒng)進(jìn)行分析，可知（2）對(duì)A、B組成的系統(tǒng)進(jìn)行分析，物體系統(tǒng)機(jī)械能守恒，由動(dòng)能定理可得（3）對(duì)A、B組成的系統(tǒng)進(jìn)行分析，可知由動(dòng)能定理可得解得