浙江省嘉興八校2023-2024學年高二上學期期中聯(lián)考物理Word版含解析.docx

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2023學年高二年級第一學期嘉興八校聯(lián)盟期中聯(lián)考物理試題考生須知：1．本卷共8頁滿分100分，學考學生滿分80分（完成1~23題），選考學生滿分100分（完成1~27題），考試時間均為90分鐘；2．本卷中數(shù)值計算時g取10m/s2；3．不得使用計算器；4．答題前，在答題卷指定區(qū)域填寫班級、姓名、考場號、座位號及準考證號并填涂相應數(shù)字。5．答案填在答卷相應位置，填在試卷上無效。選擇題部分一、選擇題（本大題共18小題，每小題3分，共54分。每小題給出的四個選項中，只有一個選項正確，選對得3分，不選、錯選或多選得0分）1.下列物理量屬于標量的是（）A.加速度B.摩擦力C.電流D.磁感應強度【答案】C【解析】【詳解】A．加速度既有大小也有方向的物理量，是矢量，故A錯誤；B．摩擦力既有大小也有方向的物理量，是矢量，故B錯誤；C．電流有大小也有方向，其方向表示正電荷定向移動的方向，遵循代數(shù)運算法則，為標量，故C正確；D．磁感應強度既有大小也有方向的物理量，是矢量，故D錯誤。故選C。2.下列單位屬于國際單位制中基本單位的是（）A.千克（Kg）B.伏特（V）C.牛頓（N）D.歐姆（Ω）【答案】A【解析】【詳解】國際單位制規(guī)定了七個基本物理量．分別為長度、質量、時間、熱力學溫度、電流、光強度、物質的量。它們的在國際單位制中的單位稱為基本單位，而物理量之間的關系式推導出來的物理量的單位叫做導出單位。A．千克（Kg）是基本單位，故A正確； BCD．伏特（V）、牛頓（N）、歐姆（Ω）是導出單位，故BCD錯誤。故選A。3.一列高鐵從嘉興南站駛出，駛向下一站杭州東站。下列所研究的問題中，能把此高鐵看成質點的是（　?。〢.測量高鐵的長度B.測量高鐵的高度C.研究高鐵駛出車站時車輪的轉動D.研究從嘉興南站到杭州東站過程中車速變化【答案】D【解析】【詳解】ABC．在測量高鐵的長度、高度以及研究車輪的轉動的時候，高鐵的形狀和體積都不能忽略，則不能把此高鐵看成質點，故ABC錯誤；D．研究從嘉興南到杭州東過程中車速變化，可以忽略高鐵的形狀和體積，則可以看成質點，故D正確。故選D。4.平潭海峽公鐵兩用大橋全長16.34km，該大橋所處的平潭海峽是世界三大風暴海域之一，以“風大、浪高、水深、涌急”著稱。為保證安全起見，環(huán)境風速超過20m/s時，列車通過該橋的運行速度不能超過300km/h，下列說法正確的是（　?。〢.題目中“全長16.34km”指的是位移大小B.“風速超過20m/s”“不能超過300km/h”中所指的速度均為瞬時速度C.“風速超過20m/s”指的是平均速度，“不能超過300km/h”指的是瞬時速度D.假設某火車通過該大橋所用時間為0.08h，則平均速度約為204km/h【答案】B【解析】【詳解】A．題目中“全長16.34km”指的是該大橋的長度，指路程大小，A錯誤；BC．“風速超過20m/s”“不能超過300km/h”中均指的是某一時刻的速度，均為瞬時速度，B正確，C錯誤；D．由于不清楚題目中所述的通過大橋的位移，所以無法計算平均速度，D錯誤。故選B。5.甲、乙兩物體分別在水平面上做直線運動，它們的運動圖像分別如圖所示，取向右為正方向，下列說法正確的是（） A.甲物體2s末運動方向發(fā)生變化B.乙物體2s末運動方向發(fā)生變化C.甲物體4s末回到出發(fā)點D.乙物體前2s內的平均速度與后2s內的平均速度相同【答案】B【解析】【詳解】AC．由甲圖知0-4s甲物體一直沿正方向做勻速直線運動，故AC錯誤；B．由乙圖知前2s末乙物體沿負方向做勻減速運動，2s末速度減為0，2s末后沿正方向做勻加速運動，所以2s末運動方向發(fā)生變化，故B正確；D．乙物體前2s內平均速度后2s內平均速度方向相反，故D錯誤。故選B。6.小明放學經(jīng)過一段平直的公路，看到一輛轎車出現(xiàn)故障熄火，馬上幫著車主推車但沒推動，如圖所示．此轎車受到的力有()A.重力、推力B.重力、支持力C.重力、推力、靜摩擦力D.重力、支持力、推力和靜摩擦力【答案】D【解析】【分析】對汽車進行分析，根據(jù)重力、彈力及摩擦力的性質進行分析，將所有的力均找出即可． 【詳解】汽車受重力、支持力作用；水平方向受小明的推力，由于汽車沒有推動，故汽車一定受地面的靜摩擦力；故只有D正確．故選D．【點睛】本題考查受力分析，要按照重力、彈力及接觸力和摩擦力的順序進行分析，不能添力也不能漏力．7.卡塔爾世界杯吸引了全世界球迷的目光。如圖所示為四種與足球有關的情景，則（　　）A.甲圖中，靜止在草地上的足球對草地的壓力就是它的重力B.乙圖中，靜止在地上的兩個足球由于接觸一定受到相互作用的彈力C.丙圖中，落在球網(wǎng)中的足球受到彈力是由于球網(wǎng)發(fā)生了形變D.丁圖中，被踢出在空中運動的足球受到重力、踢力、空氣的阻力【答案】C【解析】【詳解】A．甲圖中，靜止在草地上的足球對草地的壓力是由于足球的形變而產生的彈力，不是它的重力，只是大小等于重力，A錯誤；B．乙圖中，靜止在水平地上的兩個足球雖然有接觸，但如果沒有相互擠壓，則不存在相互作用的彈力，B錯誤；C．丙圖中，落在球網(wǎng)中的足球受到彈力是由于球網(wǎng)發(fā)生了形變而產生的，C正確；D．丁圖中，被踢出在空中運動的足球受到重力、空氣的阻力，由于足球已離開腳，沒有受到踢力的作用，D錯誤。故選C8.擊球員用球棒回擊飛過來的棒球時，球棒擊打棒球的力（）A.與球撞擊球棒的力同時產生B.比球撞擊球棒的力更早產生C.大于球撞擊球棒的力D.小于球撞擊球棒的力【答案】A【解析】 【詳解】球棒擊棒球的力與球撞擊球棒的力是作用力與反作用力大小相等，方向相反，它們同時產生，同時變化，同時消失。故選A。9.PM2.5主要來自化石燃料、生活物質、垃圾的焚燒，為了控制污染，要求我們節(jié)約及高效利用資源。關于能源和能量，下列說法正確的是（　?。〢.自然界的石油、煤炭等資源可供人類永久使用B.能量被使用后就消滅了，所以要節(jié)約資源C.人類應多開發(fā)與利用太陽能、風能等新資源D.能量耗散說明自然界的能量正在不斷減少【答案】C【解析】【詳解】A．煤、石油雖然是當今人類利用的主要能源，但不能短期內從自然界得到補充，是不可再生能源，不可能供人類永久使用，故A錯誤；B．能量被使用后轉化為其他形式的能；能量并沒有消失，故B錯誤；C．太陽能和風能，包括水能等都是可再生資源且為清潔能源，應該盡量開發(fā)，故C正確；D．能量雖然守恒，但有些能量使用以后不可能再被利用，所以要節(jié)約資源，但能量是不會減少，也不會被消滅掉的，只是形式發(fā)生轉變，故D錯誤；故選C。10.自駕游是目前比較流行的旅游方式，特別在人煙稀少的公路上行駛，司機會經(jīng)常遇到動物過公路的情形．如圖所示是一輛汽車正在以v=20m/s勻速行駛，突然公路上沖出幾只小動物，司機馬上剎車，假設剎車過程是勻減速運動，加速度大小為4m/s2，小動物與汽車距離約為55m，以下說法正確的是（）A.汽車勻減速6s末的速度為-4m/sB.汽車一定撞上小動物C.汽車第二秒初的速度為16m/sD.汽車最后一秒的位移為4m【答案】C 【解析】【分析】對于剎車類問題需要注意：汽車停止后不會在自動反向運動，同時可以結合逆向思維進行求解相關位移；【詳解】A、由題可知初速度為：，加速度為：，設經(jīng)過時間停止運動，則根據(jù)速度與時間關系可知：，可知汽車6s末的速度為0，故選項A錯誤；B、由題可知，汽車剎車的距離為：，即汽車沒有撞上小動物，故選項B錯誤；C、汽車第二秒初的速度即為剎車第一秒末的速度，根據(jù)速度與時間關系可知：，故選項C正確；D、根據(jù)逆向思維可知，汽車最后一秒的位移為：，故選項D錯誤．【點睛】解決本題的關鍵知道汽車在反應時間內和剎車后的運動規(guī)律，結合運動學公式靈活求解．11.蹦級是一種極限體育項目，可以鍛煉人的膽量和意志。運動員從高處跳下，彈性繩被拉展前做自由落體運動，彈性繩被拉展后在彈性繩的緩沖作用下，運動員下落一定高度后速度減為零。在這下降的全過程中，下列說法中正確的是（）A.彈性繩拉展前運動員處于失重狀態(tài)，彈性繩拉展后運動員處于超重狀態(tài)B.彈性繩拉展后運動員先處于失重狀態(tài)，后處于超重狀態(tài)C.彈性繩拉展后運動員先處于超重狀態(tài)，后處于失重狀態(tài)D.運動員一直處于失重狀態(tài)【答案】B【解析】【詳解】彈性繩拉展前運動員做自由落體運動，所以處于完全失重狀態(tài)；彈性繩拉展后的一段時間內，運動員先做加速度減小的加速運動，當拉力大于重力時做加速度增加的減速運動，所以彈性繩拉展后運動員先處于失重狀態(tài)，后處于超重狀態(tài)。故選B。 12.下列各圖中，已標出電流I及其產生的磁場的磁感應強度B的方向，其中正確的是（　?。〢.B.C.D.【答案】C【解析】【詳解】A．圖A，由安培定則可知，直線電流I的方向向上，則電流產生的磁場的磁感應強度B的方向，右側向里，左側向外，A錯誤；B．圖B，由安培定則可知，直線電流I的方向向外，則電流產生的磁場的磁感應強度B的方向，應是逆時針方向的同心圓，B錯誤；C．圖C，由安培定則可知，環(huán)形電流I中心產生磁場的磁感應強度B的方向向上，C正確；D．圖D，由安培定則可知，通電螺線管電流I從右向左，在內部產生磁場的磁感應強度B的方向應是向右，D錯誤。故選C。13.在某個電路中每分鐘有6×1016個自由電子通過橫截面積為的導線，已知電子電荷量為，那么電路中的電流是（　　）A.0.25μAB.0.25mAC.0.16μAD.0.16mA【答案】D【解析】【詳解】由電流強度的定義可知，電路中的電流大小等于通過導體橫截面積的電荷量與所用時間的比值，即為故選D。14.在勻強磁場中的某一位置放置一條直導線，導線的方向與磁場方向垂直，先后在導線中通入不同的電流，導線所受的力也不同，以下圖象描述的是導線受力的大小F與通過導線的電流I的關系，a、b兩點各代表一組F、I的數(shù)據(jù)。其中正確的是（） A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】【詳解】由于電流垂直于磁場，據(jù)安培力的表達式F=BIL可知F-I為正比關系，B正確。故選B。15.兩根長度相同，橫截面積之比S1：S2=2：3的均勻銅導線按圖所示接入電路，關于兩段導線以下說法中錯誤的是（）A.它們的電阻之比為3：2B.它們電流之比為1：1C.它們的電壓之比為3：2D.單位時間通過它們的電量之比為2：3【答案】D【解析】【詳解】A．根據(jù)電阻定律可得它們的電阻之比為3：2，故A正確；B．由于兩導體串聯(lián)，所以它們的電流之比為1：1，故B正確； C．根據(jù)歐姆定律可得U=IR它們的電壓之比為3：2，故C正確；D．根據(jù)電流公式可得單位時間通過它們的電量之比為1：1，故D錯誤。本題選錯誤的，故選D。16.如圖所示，一根豎直放置的輕彈簧原長10cm，在其上端輕輕放上一個小物塊，整個裝置靜止后，輕彈簧長度變?yōu)?cm，已知輕彈簧的勁度系數(shù)為5N/cm，彈簧的形變在彈性限度內。則小物塊的重力大小為（　?。〢.50NB.35NC.15ND.12N【答案】C【解析】【詳解】小物塊的重力與彈簧彈力大小相等，則故選C。17.如圖所示為節(jié)日里懸掛燈籠的一種方式，A、B點等高，O為結點，輕繩AO、BO長度相等，拉力分別為FA、FB，燈籠受到的重力為G．下列表述正確的是A.FA一定小于GB.FA與FB大小相等C.FA與FB是一對平衡力D.FA與FB大小之和等于G【答案】B 【解析】【詳解】對結點O點受力分析，作出平行四邊形，A、B點等高，O為結點，輕繩AO、BO長度相等，設∠AOB=2θ，由幾何關系可知：，故B正確；輕繩AO、BO的拉力大小相等，但沒有作用在一條直線上，不能成為一對平衡力，故C錯誤；當2θ=120°時有，當0°<2θ<120°時有，當120°<2θ<180°時有，故A錯誤；當2θ=0°時有，即，但FA與FB大小之和不一定等于mg，故D錯誤．18.小雷同學家里購買了一款掃地機器人，如圖所示，小雷同學仔細檢查了這個新掃地機器人，發(fā)現(xiàn)銘牌上標有如下表所示數(shù)據(jù)，則該掃地機器人（　　）主機基本參數(shù)產品尺寸345mm*345mm*96mm電池14.4V/5200mA·h鋰電池產品質量約3.8kg無線連接WiFi智能快連額定電壓14.4V額定功率55W A.額定工作電流為0.25AB.充滿電后正常工作的時間為2.5hC.電池充滿電后儲存的總電荷量為18720CD.以額定電流工作時每小時消耗能量為55J【答案】C【解析】【分析】【詳解】AD．由銘牌知，掃地機器人工作的額定電壓為14.4V，額定功率為55W，則額定電流I＝A≈3.82A每秒鐘消耗能量W＝Pt＝55JAD錯誤；BC．根據(jù)電池容量5200mA·h知，電池充滿電后儲存的總電荷量Q＝5.2A×3600s＝18720C充滿電后正常工作時間t＝≈1.36hB錯誤，C正確。故選C。非選擇題部分二、實驗題（本題共2小題，共8分，每空1分）19.在“探究小車速度隨時間變化的規(guī)律”的實驗中，某同學用打點計時器記錄了被小車拖動的紙帶的運動情況，在紙帶上確定出A、B、C、D、E共5個計數(shù)點。測得計數(shù)點間的距離如圖甲所示，每兩個相鄰的計數(shù)點之間還有四個點未畫出，電源頻率為50Hz。①試根據(jù)紙帶上計數(shù)點間的距離，計算出打下D點時小車的瞬時速度vD=_________m/s。（結果保留3 位有效數(shù)字）②該同學選擇合適的單位長度，在圖乙所示的坐標系中作出了小車的v-t圖像，根據(jù)圖像求出小車的加速度a=_________m/s2。（結果保留2位有效數(shù)字）【答案】①.0.390②.1.3【解析】【詳解】①[1]電源頻率是50Hz，打點計時器打點時間間隔為每兩個相鄰的計數(shù)點之間還有四個點未畫出，相鄰計數(shù)點間的時間間隔為t=5T=0.1s根據(jù)中間時刻的瞬時速度等于平均速度可得打下D點時小車的瞬時速度②[2]由題圖乙所示v-t圖像可知20.某實驗小組用如圖所示的實驗裝置做“探究加速度與力、質量的關系”實驗。已知小車質量M=200g，則：（1）用電火花打點計時器完成實驗，應該選擇接入的電源是_________（選填“A”、“B”或“C”）。（2）關于該實驗的操作，下列做法中不正確的是_________。A．實驗前，調節(jié)滑輪的高度，使牽引小車的細繩與軌道保持平行B．實驗前，適當墊高軌道沒有滑輪的一端，使未被牽引的小車恰能拖著紙帶勻速運動C．實驗時，應先接通打點計時器的電源，再釋放小車D．實驗時，可通過增加小桶中的鉤碼（50g規(guī)格）的個數(shù)來改變細繩對小車的拉力大小【答案】①.C②.D【解析】【詳解】（1）[1]用電火花計時器實驗，使用電壓為220V交流電源。 故選C。（2）[2]A．實驗前，調節(jié)滑輪的高度，使牽引小車的細繩與軌道保持平行，A正確；B．實驗前，適當墊高軌道沒有滑輪的一端，使未被牽引的小車恰能拖著紙帶勻速運動，B正確；C．實驗時，應先接通打點計時器的電源，再釋放小車，C正確；D．實驗時，可通過增加小桶中的鉤碼的個數(shù)來改變細繩對小車的拉力大小，但要滿足小桶和鉤碼的總質量遠小于小車的質量，才能認為細繩的拉力近似等于小桶和鉤碼所受總重力。規(guī)格50g的鉤碼質量太大，D錯誤。本題選擇錯誤的，故選D。21.某實驗小組在“練習使用多用電表”實驗中用多用電表測量某一電學元件，多用電表的選擇開關旋至如圖a所示。操作正確，表盤指針如圖b所示，則該電學元件阻值_________Ω。測量結束后，應把選擇開關放在圖_________（填“c”或“d”）所示的位置?！敬鸢浮竣?60.0②.c【解析】【詳解】[1]歐姆表得讀數(shù)為歐姆表指針示數(shù)與倍率得乘積，所以讀數(shù)為[2]多用電表測量結束后應把選擇開關調到OFF位置或者交流電壓得最大檔，所以選圖c。22.如圖甲為“測電源電動勢和內電阻”的實驗電路圖，圖乙是根據(jù)電壓表和電流表測量的數(shù)據(jù)繪制的U-I圖像。由圖乙可知，電源的電動勢測量值E=___________V，內阻的測量值r=___________Ω。（結果均保留三位有效數(shù)字） 【答案】①.1.40②.0.571【解析】【詳解】[1]由閉合電路歐姆定律可得則有圖像在縱軸上的截距等于電源電動勢，可得電源的電動勢測量值[2]則有圖像斜率的絕對值等于電源的內阻，可得內阻的測量值三、計算題（第21題4分，第22題7分，第23題7分，共18分。解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不能得分。有數(shù)值計算的題目，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。）23.如圖所示，電源電動勢E=6V，內電阻r=1Ω，閉合開關S后流過小燈泡L的電流強度為1A，求（1）小燈泡L的電阻R；（2）小燈泡兩端的電壓U?！敬鸢浮浚?）；（2）5V【解析】【詳解】（1）根據(jù)閉合電路歐姆定律 解得（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律可得24.如圖所示，旱雪滑道其傾斜部分可近似為傾角24°、長80m的斜面。一游客坐在滑墊上，從斜面頂端由靜止開始沿直線勻加速下滑，經(jīng)20s時間滑到斜面底端，然后滑到水平滑道上，做勻減速直線運動直至停下。游客從斜面底端滑到水平滑道速率不變，滑墊與滑道間的動摩擦因數(shù)處處相同，取sin24°=0.4，cos24°=0.9，重力加速度g取10m/s2。求：（1）滑墊沿著斜面下滑的加速度大小；（2）滑墊與滑道間的動摩擦因數(shù)；（3）游客在水平滑道上滑行的距離?！敬鸢浮浚?）；（2）0.4；（3）8m【解析】【詳解】（1）設游客在斜面上滑行的加速度大小為a1，根據(jù)運動學公式得解得（2）對游客進行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律得解得（3）設游客到達斜面底端時速度大小為v，則 設游客在水平滑道上滑行的加速度大小為a2，根據(jù)牛頓第二定律和運動學公式得聯(lián)立解得25.小端同學在研究豎直向上拋出的物體運動時，分別有幾種不同的模型。已知該同學拋出小球的質量m＝0.1kg，初速度v0＝10m/s，且方向豎直向上，重力加速度為g＝10m/s2。（1）若不計空氣阻力，則小球從拋出直至回到拋出點經(jīng)過多長時間？（2）若空氣阻力大小恒為0.2N，則小球上升到最高點時，離拋出點的高度為多少？（3）若空氣阻力大小與速度大小滿足F＝kv的關系，其中k為定值。若已知小球落回拋出點前速度恒定且大小為5m/s，則關系式中的k值為多少？【答案】（1）2s；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）若不計空氣阻力，小球做豎直上拋運動從拋出直至回到拋出點的時間解得（2）設上升過程中的加速度為a，根據(jù)牛頓第二定律有又空氣阻力大小解得 小球向上做勻減速直線運動，根據(jù)速度—位移公式有解得（3）小球落回拋出點前速度恒定，說明所受合力為0以下是選考部分試題，請選考物理的同學繼續(xù)作答26.電磁彈射技術是一種新興的直線推進技術，2022年6月17日上午，中國第三艘航空母艦福建艦下水，并配置電磁彈射。其工作原理可以簡化如下圖，光滑固定導軌CD，EF與導電飛翔體MN構成一驅動電流回路，恒定驅動電流I產生磁場，且磁感應強度B與導軌中的電流I及空間某點到導軌的距離r的關系式為，磁場對處在磁場中的導電飛翔體產生了安培力F，從而推動飛翔體向右做勻加速直線運動。下列說法正確的是（　?。〢.CMNF回路內的磁場方向與驅動電流的方向無關B.飛翔體MN所受安培力F的方向與CMNF回路中驅動電流的方向有關C.驅動電流I變?yōu)樵瓉淼?倍，飛翔體MN受的安培力將變?yōu)樵瓉淼?倍D.如果飛翔體在導軌上滑過的距離保持不變，將驅動電流I變?yōu)樵瓉淼?倍，飛翔體最終的彈射速度將變?yōu)樵瓉淼?倍【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)安培定則回路內磁場方向與電流方向有關，故A錯誤；B．CMNF回路中驅動電流的方向改變，根據(jù)安培定則，磁場方向相反，因為MN中電流方向也相反，根據(jù)左手定則，安培力F的方向不變，B錯誤； C．驅動電流I變?yōu)樵瓉淼?倍，磁感應強度B變?yōu)樵瓉淼膬杀叮才嗔ψ優(yōu)樵瓉淼?倍，C正確；D．驅動電流I變?yōu)樵瓉淼?倍，飛翔體MN受的安培力F變?yōu)樵瓉淼?倍，飛翔體的加速度a變?yōu)樵瓉淼?倍，由得所以速度變?yōu)樵瓉淼?倍，D錯誤。故選C。27.回旋加速器兩個D形金屬盒分別與高頻交流電源兩極相連接，D形盒半徑為R，兩盒放在磁感應強度為B的勻強磁場中，磁場方向垂直于盒底面，粒子源A置于盒的圓心附近，如圖所示。若粒子源射出的粒子電荷量為q，質量為m。則下列說法正確的是（）A.粒子被加速后的最大動能為B.所加交流電源的頻率為C.加速電場的電壓越大，粒子加速后的速度越大D.只要R足夠大，粒子的速度就可以被加速到任意值【答案】A【解析】【詳解】A．粒子做圓周運動時，由洛倫茲力提供向心力解得最大速度 根據(jù)動能的表達式可得最大動能為A正確；B．交流電周期為，頻率等于周期的倒數(shù)，B錯誤；C．由最大速度，可知最大速度與加速電壓無關，C錯誤；D．任何速度不可能超過光速，且粒子速度接近光速，質量變化，周期變化，與交流電不同步，無法繼續(xù)加速，故D錯誤。故選A。28.如圖所示為磁流體發(fā)電機的原理圖，將一束等離子體（帶有等量正、負電荷的高速粒子流）噴射入磁場，在磁場中有兩塊金屬板A、B，這時金屬板上就會聚集電荷，產生電壓。如果射入的等離子體速度為v，兩金屬板間距離為d，板的面積為S，勻強磁場的磁感應強度為B，方向與速度方向垂直，負載電阻為R。當發(fā)電機穩(wěn)定發(fā)電時電動勢為E，電流為I，則下列說法正確的是（　?。〢.A板為發(fā)電機的正極B.其他條件一定時，v越大，發(fā)電機的電動勢E越大C.其他條件一定時，S越大，發(fā)電機電動勢E越大D.該等離子體發(fā)電機的內電阻率為【答案】B【解析】 【詳解】A．由左手定則可知，正電荷受洛倫茲力方向向下，聚集到B板上，負電荷受洛倫茲力方向向上，聚集到A板上，故A板為發(fā)電機的負極，B板為正極，故A錯誤；BC．在發(fā)電機穩(wěn)定后，則有可得可知電動勢E與速度v有關，與面積S無關，故B正確，C錯誤；D．由閉合電路歐姆定律可得由電阻定律可得則有等離子體發(fā)電機的內電阻率為故D錯誤。故選B。29.某一具有速度選擇器質譜儀原理如圖所示，A為粒子加速器；D為速度選擇器，磁場與電場正交，磁感應強度為B1，兩板間電場強度為E；F為偏轉分離器，左邊以x軸為界，右邊有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度為B2。今有一正粒子（不計重力），由靜止經(jīng)加速后，該粒子恰能通過速度選擇器，從x軸的坐標原點O進入分離器做勻速圓周運動，并打在x軸上的P點，P點到O點的距離L0。求：（1）粒子的速度v；（2）粒子的比荷（）；（3）粒子加速器的加速電壓U1為多少；（4）如果在x軸上3L0處，緊貼x軸并與x軸垂直放一長為的擋板MN，且偏轉分離器F的磁感應強度B變?yōu)榇笮】烧{、方向不變，為使所有粒子都打在MN上且被MN吸收（MN板上的電荷對運動電荷無影響），求B的大小范圍。 【答案】（1）；（2）；（3）；（4）【解析】【詳解】（1）粒子恰能通過速度選擇器，根據(jù)平衡條件，有解得（2）粒子在磁場中做勻速圓周運動，由幾何關系可知根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得聯(lián)立可得（3）根據(jù)動能定理 聯(lián)立可得（4）根據(jù)題意可知，當粒子打在M點時，半徑最小，且為根據(jù)洛倫茲力提供向心力當磁感應強度為B2時，粒子的運動半徑為根據(jù)洛倫茲力提供向心力聯(lián)立解得當粒子打在N點時，半徑最大，根據(jù)幾何關系，有解得根據(jù)洛倫茲力提供向心力聯(lián)立解得為使所有粒子都打在MN上且被MN吸收磁感應強度范圍是