浙江省浙南名校聯(lián)盟2023-2024學(xué)年高一上學(xué)期12月聯(lián)考物理題 Word版含解析.docx

《浙江省浙南名校聯(lián)盟2023-2024學(xué)年高一上學(xué)期12月聯(lián)考物理題 Word版含解析.docx》由會(huì)員上傳分享，免費(fèi)在線閱讀，更多相關(guān)內(nèi)容在教育資源-天天文庫(kù)。

2023學(xué)年高一第一學(xué)期浙南名校聯(lián)盟12月聯(lián)考物理試題考生須知：1.本試題卷共8頁，滿分100分，考試時(shí)間90分鐘.2.答題前，在答題卷指定區(qū)域填寫班級(jí)、姓名、考場(chǎng)號(hào)、座位號(hào)及準(zhǔn)考證號(hào).3.所有答案必須寫在答題卷上，寫在試卷上無效.4.考試結(jié)束后，只需上交答題卷.5.可能用到的相關(guān)參數(shù)：重力加速度g取一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分.每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.下列物理量是矢量，且對(duì)應(yīng)單位用國(guó)際單位制表示正確的是（　?。〢.位移B.重力C.溫度KD.速率【答案】B【解析】【詳解】A．位移是矢量，對(duì)應(yīng)的單位用國(guó)際單位制表示是m，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．重力是矢量，對(duì)應(yīng)的單位用國(guó)際單位制表示是，選項(xiàng)B正確；C．溫度是標(biāo)量，對(duì)應(yīng)的單位用國(guó)際單位制表示是K，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．速率是標(biāo)量，對(duì)應(yīng)的單位用國(guó)際單位制表示是，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選B。2.2023年10月3日晚，在杭州奧體中心體育場(chǎng)進(jìn)行的田徑女子米接力決賽中，由梁小靜、韋永麗、袁琦琦、葛曼棋組成的中國(guó)隊(duì)以43秒39的成績(jī)率先沖過終點(diǎn)，奪得冠軍。下列說法正確的是（　?。?A.接力賽起點(diǎn)不在同一直線，目的是使參加比賽的運(yùn)動(dòng)員位移大小相等B.研究運(yùn)動(dòng)員接棒動(dòng)作時(shí)，不可以把運(yùn)動(dòng)員看作質(zhì)點(diǎn)C.梁小靜在第一棒的起跑很快，說明她的速度很大D.本次比賽，中國(guó)運(yùn)動(dòng)員的平均速度約為9.21m/s【答案】B【解析】【詳解】A．接力賽起點(diǎn)不在同一直線，目的是使參加比賽的運(yùn)動(dòng)員路程大小相等，而不是位移，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；B．研究運(yùn)動(dòng)員接棒動(dòng)作時(shí)，其運(yùn)動(dòng)員的形狀和大小不可以忽略，所以不可以把運(yùn)動(dòng)員看做質(zhì)點(diǎn)，故B項(xiàng)正確；C．梁小靜在第一棒的起跑很快，說明她的速度變化很快，即她的加速度比較大，故C項(xiàng)錯(cuò)誤；D．其起點(diǎn)和終點(diǎn)在同一個(gè)位置，其位移為零，根據(jù)平均速度公式所以為平均速度為0，故D項(xiàng)錯(cuò)誤。故選B。3.滑躍式起飛是一種航母艦載機(jī)的起飛方式，飛機(jī)跑道的前一部分是水平的，跑道尾段略微向上翹起，假設(shè)某飛機(jī)滑躍式起飛過程是兩段連續(xù)的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，前一段的加速度為，位移為，后一段的加速度為，位移為，飛機(jī)離艦時(shí)的速度為（　?。〢.B.C.D.【答案】D【解析】【詳解】第一段加速時(shí)第二段加速時(shí)解得 故選D。4.甲乙兩人從同一位置沿直線騎自行車同時(shí)行進(jìn)，以起點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)、行進(jìn)方向?yàn)檎较蚪⒆鴺?biāo)系，此后甲乙兩人速度的平方與它們位置坐標(biāo)的關(guān)系如圖所示。下列說法正確的是（　　）A.甲一開始勻速行駛了B.減速階段，甲的加速度小于乙的加速度C.甲和乙會(huì)在處相遇D.甲車始終在乙車的后面【答案】A【解析】【詳解】A．由圖可知，甲一開始以速度10m/s勻速行駛了5m，用時(shí)間，選項(xiàng)A正確；B．根據(jù)可知圖像的斜率為2a，由圖像的斜率可知，減速階段，甲的加速度為a甲=3.75m/s2，乙的加速度a乙=2.5m/s2，即甲的加速度大于乙的加速度，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．甲到達(dá)x=15m處的時(shí)間為乙到達(dá)x=15m處的時(shí)間為則甲和乙不會(huì)在處相遇，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．由圖像可知，經(jīng)過相同位置時(shí)，甲的速度始終大于乙，即甲的平均速度較大，用時(shí)間較短，即經(jīng)過相同位置時(shí)，甲總是首先到達(dá)，則甲始終在乙的前面，則選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選A。 5.如圖所示為位于水平面上的小車，固定在小車上的支架的斜桿與豎直桿的夾角為θ，在斜桿的下端固定有質(zhì)量為m的小球。下列關(guān)于桿對(duì)球的作用力F的判斷中，正確的是（）A.小車靜止時(shí)，F(xiàn)=mgsinθ，方向沿桿向上B.小車靜止時(shí)，F(xiàn)=mgcosθ，方向垂直于桿向上C.小車向右勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，一定有F=mg，方向豎直向上D.小車向右勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，一定有F>mg，方向可能沿桿向上【答案】C【解析】【詳解】小球受重力和桿的作用力F處于靜止?fàn)顟B(tài)或勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)時(shí)，由力的平衡條件知，二力必等大反向，則F=mg，方向豎直向上故選C。6.子彈以初速度垂直射入緊密疊在一起的相同木板，穿過第20塊木板后的速度恰好變?yōu)?，可以把子彈視為質(zhì)點(diǎn)，已知木板的厚度均為d，認(rèn)為子彈在各塊木板中運(yùn)動(dòng)的加速度恒定且相同，則下列說法正確的是（　　）A.子彈穿過前10塊木板所用的時(shí)間為B.子彈加速度大小為C.子彈穿過第15塊木板時(shí)速度為D.子彈穿過前15塊木板的平均速度為【答案】D【解析】 【詳解】AB．設(shè)子彈的加速度為a，由速度位移關(guān)系公式可得解得負(fù)號(hào)表示加速度方向與子彈的初速度方向相反，即加速度大小為，子彈穿過前10塊木板后的速度解得解得AB錯(cuò)誤；C．子彈穿過第15塊木板時(shí)速度為代入數(shù)據(jù)解得C錯(cuò)誤；D．子彈穿過前15塊木板的平均速度為D正確。故選D。7.如圖所示，一個(gè)攀巖者兩只手抓住巖壁靜止懸在空中，下列說法正確的是（　　） A.攀巖者的手對(duì)巖壁的壓力是巖壁發(fā)生形變導(dǎo)致的B.人對(duì)巖壁的作用力方向豎直向下C.保持姿勢(shì)不變，攀巖者手對(duì)巖壁的壓力越大，受到的摩擦力也越大D.攀巖者攀爬的高度越高，所受的重力越大【答案】B【解析】【詳解】A．受力物體是巖壁，施力物體是人手，壓力是由施力物體攀巖者的手發(fā)生形變而產(chǎn)生的，故A錯(cuò)誤；B．攀巖者兩只手抓住巖壁靜止懸在空中，處于靜止?fàn)顟B(tài)，巖壁對(duì)人的作用力大小與其重力大小相等、方向相反，所以人對(duì)巖壁的作用力與人受到的重力大小相等，方向豎直向下，故B正確；C．人受到的摩擦力為靜摩擦力，壓力增大，影響滑動(dòng)摩擦力的大小，但是靜摩擦力的大小等于人重力的分力，位置不變，大小不變，故C錯(cuò)誤；D．雖然高度增加，但是重力加速度不變，故人所受的重力不變，故D錯(cuò)誤。故選B。8.蹦極是近些年來新興的一項(xiàng)非常刺激的戶外休閑活動(dòng)，深受年輕人喜愛，從游客跳出高臺(tái)直至最后在空中靜止下來的整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，重力加速度為g。下列說法正確的是（　?。〢.游客落到最低點(diǎn)時(shí)，加速度為零B.游客離開高臺(tái)瞬間，其速度和加速度都為零C.游客下落過程中，繩子剛被拉直時(shí)，速度達(dá)到最大 D.繩子剛被拉直后，游客的加速度先變小后變大【答案】D【解析】【詳解】A．游客落到最低點(diǎn)時(shí)，速度為零，此時(shí)彈力大于重力，則加速度向上，不為零，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．游客離開高臺(tái)瞬間，其速度為零，加速度為g，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．游客下落過程中，繩子剛被拉直時(shí)，此時(shí)重力大于繩子的彈力，加速度向下，則仍要加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)彈力與重力相等時(shí)速度達(dá)到最大，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．繩子剛被拉直后，開始階段重力大于彈力，加速度向下，隨著彈力的增加，則加速度減小，直到彈力等于重力時(shí)加速度為零；以后彈力大于重力，加速度向上，且逐漸變大，到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)加速度最大，則整個(gè)過程游客的加速度先變小后變大，選項(xiàng)D正確。故選D。9.如圖所示，光滑水平面上有兩個(gè)質(zhì)量分別為和的木塊1和2，中間用一條輕桿連接，兩木塊的材料相同，現(xiàn)用力F向右拉木塊2，當(dāng)兩木塊一起向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，已知重力加速度為g，此時(shí)輕桿的作用力為；現(xiàn)在用力F沿傾角為的斜面向上推木塊1，使兩木塊一起沿斜面向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，此時(shí)輕桿的作用力為，斜面與兩物體的動(dòng)摩擦因數(shù)為，則等于（　　）A.B.C.D.【答案】B【解析】【詳解】當(dāng)兩物塊在水平面上時(shí)，由牛頓第二定律可知對(duì)物塊1 解得當(dāng)兩物塊在斜面上時(shí)，由牛頓第二定律可知對(duì)物體2解得則故選B。10.漁業(yè)作業(yè)中，魚蝦捕撈上來后，通過“魚蝦分離裝置”，實(shí)現(xiàn)了機(jī)械化分離魚和蝦，降低了人工成本。某科學(xué)小組將“魚蝦分離裝置”簡(jiǎn)化為如圖所示模型，分離器出口與順時(shí)針運(yùn)轉(zhuǎn)的傳送帶有一定的高度差，魚蝦落在傳送帶上時(shí)有沿著傳送帶向下的初速度，隨后蝦從傳送帶下方掉落，魚從傳送帶上方掉落，實(shí)現(xiàn)分離。下列說法正確的是（　?。〢.“蝦”掉落到傳送帶后，可能沿著傳送帶向下做加速直線運(yùn)動(dòng)B.“魚”掉落到傳送帶后，馬上沿著傳送帶向上做加速直線運(yùn)動(dòng)C.“蝦”在傳送帶上運(yùn)動(dòng)時(shí)，摩擦力對(duì)“蝦”的運(yùn)動(dòng)是動(dòng)力作用D.“魚”在傳送帶上運(yùn)動(dòng)時(shí)，加速度方向先向下后向上【答案】A【解析】【詳解】A ．蝦從傳送帶下方掉落，若蝦的重力沿傳送帶斜面向下的分力大于蝦受到的摩擦力，則“蝦”向下做加速直線運(yùn)動(dòng)，即“蝦”掉落到傳送帶后，可能沿著傳送帶向下做加速直線運(yùn)動(dòng)，故A正確；B.魚在掉落到傳送帶后，有一個(gè)沿傳送帶斜面向下的初速度，故不可能馬上向上做加速直線運(yùn)動(dòng)。魚先向下減速到速度為零后，變?yōu)橄蛏系募铀龠\(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C．蝦向下運(yùn)動(dòng)與傳送帶運(yùn)動(dòng)方向相反，蝦受到的摩擦力沿傳送帶斜面向上，摩擦力對(duì)蝦做負(fù)功，摩擦力對(duì)“蝦”的運(yùn)動(dòng)是阻力作用，故C錯(cuò)誤；D．魚在掉落到傳送帶后，受到的摩擦力的方向一直向上，所以有向上的加速度，后來如果加速到與傳送帶共速，加速度就為零，故D錯(cuò)誤。故選A。11.小明通過站在力傳感器上完成“下蹲”、“站起”動(dòng)作來研究超重和失重現(xiàn)象。傳感器記錄了壓力隨時(shí)間變化的圖像，縱坐標(biāo)為壓力F，橫坐標(biāo)為時(shí)間t。由甲、乙兩圖像可知（　?。〢.圖甲是先“下蹲”后“站起”B.“站起”過程中人先超重后失重C.圖乙從a到b過程，人的重力先增大后減小D.圖乙內(nèi)該同學(xué)做了2次“下蹲-站起”的動(dòng)作【答案】B【解析】【詳解】A．人在下蹲的過程中，先向下做加速運(yùn)動(dòng)，加速度向下，力傳感器示數(shù)先變??；后做減速運(yùn)動(dòng)，加速度向上，力傳感器示數(shù)變大，經(jīng)歷先失重后超重，最后停下等于重力，故A錯(cuò)誤；B．“站起”過程中，人先做加速向上運(yùn)動(dòng)，加速度向上，處于超重狀態(tài)；后向上做減速運(yùn)動(dòng)，加速度向下，處于失重狀態(tài)，故B正確；C．圖乙從a到b過程，力傳感器的示數(shù)先變大后變小，可人的重力不變，故C錯(cuò)誤；D．人在下蹲的過程中，先向下做加速運(yùn)動(dòng)，后做減速運(yùn)動(dòng)，最后停下，即力傳感器的示數(shù)先變小后變大，最后等于人的重力，人站起過程中，人先做加速向上運(yùn)動(dòng)，后向上做減速運(yùn)動(dòng)，最后停下，即力傳感器的示數(shù)先變大后變小，最后等于人的重力，因此圖乙內(nèi)該同學(xué)做了各1次“下蹲-站起”的動(dòng)作，故D錯(cuò)誤。 故選B。12.如圖所示是小明同學(xué)做的一個(gè)實(shí)驗(yàn)，他將一個(gè)質(zhì)量的木板放在光滑的水平地面上，在木板上放著一個(gè)質(zhì)量的物塊。物塊靜止，彈簧處于壓縮狀態(tài)，彈簧右端固定在木板右側(cè)的擋板上，彈力為1N?，F(xiàn)沿水平向左的方向?qū)δ景迨┘幼饔昧，使木板由靜止開始運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)中力F由0逐漸增加到8N的過程中，以下說法正確的是（　　）A.物塊受到的摩擦力一直減小B.物塊與木板一直保持相對(duì)靜止C.木板受到4N的拉力時(shí)，物塊受到的摩擦力為1ND.要讓物塊與木板之間始終保持相對(duì)靜止，它們間的動(dòng)摩擦因數(shù)一定要大于等于0.4【答案】B【解析】【詳解】AC．當(dāng)物塊受到靜摩擦力為零時(shí)，有解得當(dāng)外力為零時(shí)，對(duì)物塊進(jìn)行受力分析，物塊受到水平向右的靜摩擦力的作用，當(dāng)外力F增大時(shí)，對(duì)于木板與物塊的整體來說，其整體將做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律有對(duì)物塊有所以在加速度小于時(shí)，當(dāng)加速度增加，摩擦力減小，并最終減為0。當(dāng)加速度為時(shí)，帶入上述公式，可以求得當(dāng)加速度大小大于時(shí)，物塊受到的摩擦力方向向左，則此時(shí)對(duì)物塊有 當(dāng)加速度增加時(shí)，靜摩擦力大小增加。綜上所述，物塊受到的靜摩擦力大小為先減小后增大，故AC錯(cuò)誤；B．當(dāng)外力F為8N時(shí)，對(duì)整體有解得對(duì)物塊有解得所以整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程物塊受到的靜摩擦力大小不會(huì)大于1N，結(jié)合題意可知靜摩擦力大小始終小于最大靜摩擦力，即物塊與木板之間始終保持靜止，故B項(xiàng)正確；D．要使其保持相對(duì)靜止，即靜摩擦力沒有達(dá)到最大值，有解得故D項(xiàng)錯(cuò)誤。故選B。13.如圖所示，四分之一圓柱體P放在水平地面上，圓心O的正上方有一個(gè)大小可忽略的定滑輪A，一根輕繩跨過定滑輪，一端和置于圓柱體P上，質(zhì)量為m的小球連接，另一端系在固定豎直桿上的B點(diǎn)，一質(zhì)量為鉤碼掛在間的輕繩上，整個(gè)裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)。除圓柱體與地面之間的摩擦以外，其它摩擦不計(jì)。若在鉤碼下方再加掛一個(gè)鉤碼，整個(gè)裝置再次處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，小球依然處于圓柱體P上，則此時(shí)與先前整個(gè)裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)相比（　?。〢.地面對(duì)P的摩擦力減小B.P對(duì)小球的彈力增大C.輕繩的張力增大D.P對(duì)地面的壓力減小 【答案】A【解析】【詳解】BC．對(duì)小球受力分析如圖所示小球受重力、P對(duì)小球的支持力以及繩子對(duì)小球的拉力，小球在三個(gè)力的作用下始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，由相似三角形可得式中為定滑輪左側(cè)栓接小球繩子的長(zhǎng)度。當(dāng)在鉤碼下方再加掛一個(gè)鉤碼時(shí)，到小球再次靜止的過程中，鉤碼將下移，小球?qū)⒀貓A柱體P上移，小球再次靜止時(shí)，由于AO、mg、R不變，而L減小，則根據(jù)相似三角形可知N不變，T減小，即輕繩的張力減小，P對(duì)小球的彈力不變，故BC錯(cuò)誤；A．將小球與圓柱體P看成一個(gè)整體，根據(jù)以上分析可知，繩子的拉力T減小，設(shè)繩子與豎直方向的夾角為，則可知減小，而繩子拉力T在水平方向的分力大小與地面對(duì)P的摩擦力大小相等、方向相反，即有由此可知地面對(duì)P的摩擦力減小，故A正確；D．設(shè)圓柱體的質(zhì)量為，分析可知，小球?qū)A柱體P的壓力在豎直方向的分力（為與豎直方向的夾角）與圓柱體的重力之和大小等于地面對(duì)圓柱體的支持力，即有由于不變，而減小，則可知增大，導(dǎo)致增大，而根據(jù)牛頓第三定律可知，圓柱體對(duì)地面的壓力大小增大，故D錯(cuò)誤。故選A。二、選擇題Ⅱ（本題共3小題，每小題4分，共12分，每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的，全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但選不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）14.下列有關(guān)物理學(xué)史和物理學(xué)方法的說法中，正確的是（　?。〢.當(dāng)不需要考慮物體的大小和形狀時(shí)，用質(zhì)點(diǎn)來代替實(shí)際的物體，采用了理想模型法B. 伽利略研究自由落體運(yùn)動(dòng)時(shí)，通過斜面“沖淡”重力的作用，并在此基礎(chǔ)上合理外推：當(dāng)斜面的傾角為時(shí)，小球做自由落體運(yùn)動(dòng)C.牛頓首先提出了力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因，力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因D.由可知，物體的加速度與其所受合外力成正比，與其質(zhì)量成反比【答案】ABD【解析】【詳解】A．當(dāng)不需要考慮物體的大小和形狀時(shí)，用質(zhì)點(diǎn)來代替實(shí)際的物體，采用了理想模型法，選項(xiàng)A正確；B．伽利略研究自由落體運(yùn)動(dòng)時(shí)，通過斜面“沖淡”重力的作用，并在此基礎(chǔ)上合理外推：當(dāng)斜面的傾角為時(shí)，小球做自由落體運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)B正確；C．伽利略首先提出了力不是維持物體運(yùn)動(dòng)原因，力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．由可知，物體的加速度與其所受合外力成正比，與其質(zhì)量成反比，選項(xiàng)D正確。故選ABD。15.如圖所示，水平輕繩和傾斜輕彈簧N的某一端均與小球a相連，另一端分別固定在豎直墻和天花板上，輕彈簧N與豎直方向的夾角為，小球a與輕彈簧M連接，小球b懸掛在彈簧M另一端上，兩球均靜止，若a、b兩球完全相同，且質(zhì)量均為m，重力加速度大小為g。下列說法正確的是（　　）A.水平輕繩的拉力大小為B.剪斷水平輕繩的瞬間，b球的加速度大小為gC.剪斷水平輕繩的瞬間，輕彈簧M對(duì)小球a的彈力大小為D.剪斷水平輕繩的瞬間，a球的加速度大小為【答案】CD【解析】【詳解】A．對(duì)ab整體分析可知，水平輕繩的拉力大小為選項(xiàng)A錯(cuò)誤；BC．剪斷水平輕繩的瞬間，彈簧M的彈力不變，輕彈簧M對(duì)小球a的彈力大小仍為，b 球的加速度大小為0，選項(xiàng)B錯(cuò)誤，C正確；D．剪斷水平輕繩的瞬間，兩邊彈簧的彈力不變，a球受合外力等于則此時(shí)a球的加速度大小為選項(xiàng)D正確。故選CD。16.質(zhì)量為m的物體A，在傾角為的斜面上下滑，如圖所示。則（　?。〢.若A沿斜面勻速下滑，在A上放置物體B，AB也一起勻速下滑B.若A沿斜面勻速下滑，在A上施加豎直向下的恒力，A還是勻速下滑C.若A沿斜面勻速下滑，在A上施加沿斜面向下恒力后，地面給斜面的摩擦力水平向右D.若A沿斜面加速下滑，在A上施加豎直向下的恒力，則A仍加速下滑且加速度變大【答案】ABD【解析】【詳解】A．若A沿斜面勻速下滑，則若在A上放置物體B，則表達(dá)式仍成立，即AB仍一起勻速下滑，故A正確；B．若A沿斜面勻速下滑，在A上施加豎直向下的恒力，則表達(dá)式仍成立，A還是勻速下滑，故B正確；C．若A沿斜面勻速下滑，對(duì)整體分析可知，地面對(duì)斜面無摩擦力作用，此時(shí)物塊對(duì)斜面有垂直斜面向下的壓力和沿斜面向下的滑動(dòng)摩擦力；在A上施加沿斜面向下的恒力后，物塊對(duì)斜面的壓力和摩擦力不變，則地面給斜面仍無摩擦力作用，故C錯(cuò)誤；D．若A沿斜面加速下滑，則 在A上施加豎直向下的恒力，則則即A仍加速下滑且加速度變大，故D正確。故選ABD。三、實(shí)驗(yàn)題（本題共2小題，共14分）17.（1）下列器材中，實(shí)驗(yàn)“探究小車速度隨時(shí)間的變化規(guī)律”、實(shí)驗(yàn)“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”、都需要用到的實(shí)驗(yàn)器材有______（填選項(xiàng)前的字母）。（2）實(shí)驗(yàn)中要進(jìn)行質(zhì)量m和M的選取，以下最合理的一組是_______。A.B.C.D.（3）如圖是實(shí)驗(yàn)中得到的一條紙帶，O、A、B、C、D、E、F為7個(gè)相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰的兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有四個(gè)點(diǎn)未畫出。已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的工作頻率為，則打B點(diǎn)時(shí)車速_______，小車的加速度______（結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）?！敬鸢浮竣?ABD②.D③.0.25④.0.75【解析】【詳解】（1）[1] 實(shí)驗(yàn)“探究小車速度隨時(shí)間的變化規(guī)律”和實(shí)驗(yàn)“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系都需要木板構(gòu)成的軌道，刻度尺測(cè)量位移，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在紙帶上打點(diǎn)，而天平只在“探究加速度與質(zhì)量的關(guān)系實(shí)驗(yàn)”需要稱質(zhì)量，故兩個(gè)實(shí)驗(yàn)均需要的器材為ABD。（2）[2]重物加速下滑，處于失重狀態(tài)，其對(duì)細(xì)線的拉力小于重力，設(shè)拉力為T，根據(jù)牛頓第二定律，對(duì)重物有mg-T=ma對(duì)小車，有T=Ma解得故當(dāng)M＞＞m時(shí)，有T≈mg，才能用鉤碼的重力代替繩的拉力，故D符合要求。故選D（3）[3]相鄰的兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有四個(gè)點(diǎn)未畫出，則計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間為B點(diǎn)為AC段的中間時(shí)刻點(diǎn)，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，有[4]由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的判別式，結(jié)合連續(xù)相等時(shí)間的六段位移由逐差法有18.安妮同學(xué)在做“探究?jī)蓚€(gè)互成角度的力的合成規(guī)律”實(shí)驗(yàn)時(shí)：（1）以下實(shí)驗(yàn)操作最合理的是_________（2）以下為該同學(xué)在作平行四邊形時(shí)的某一瞬間（直尺固定），其中操作的正確是______ （3）該同學(xué)用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證“力的平行四邊形定則”。將彈簧測(cè)力計(jì)A掛于固定點(diǎn)P，下端用細(xì)線掛一重物M，彈簧測(cè)力計(jì)B的掛鉤處系一細(xì)線，把細(xì)線的另一端系在彈簧測(cè)力計(jì)A下端細(xì)線上的O點(diǎn)處，手持彈簧測(cè)力計(jì)B水平向左拉，使O點(diǎn)緩慢地向左移動(dòng)，且總保持彈簧測(cè)力計(jì)B的拉力方向不變，不計(jì)彈簧測(cè)力計(jì)所受的重力，兩彈簧測(cè)力計(jì)的拉力均不超出它們的量程，則彈簧測(cè)力計(jì)A、B的示數(shù)FA、FB的變化情況是（）A.FA一直減小，F(xiàn)B一直增大B.FA一直增大，F(xiàn)B一直增大C.FA一直增大，F(xiàn)B先增大后減小D.FA先減小后增大，F(xiàn)B一直增大【答案】①.C②.C③.B【解析】【詳解】（1）[1]實(shí)驗(yàn)中兩條細(xì)線之間的夾角不易過大或過小，大小要適當(dāng)，且拉力的方向應(yīng)該與木板平行，圖A中拉力的夾角過大；圖D中拉力的夾角過小；圖B中細(xì)線與木板不平行，故選C。（2）[2]做平行四邊形的平行線時(shí)，三角尺應(yīng)該緊貼直尺的一邊移動(dòng)三角尺，故圖C正確；（3）[3]以O(shè)點(diǎn)為研究對(duì)象，其受力變化如同所示： 由圖可知，開始時(shí)彈簧A處于豎直狀態(tài)，其拉力大小等于Mg，B彈簧拉力為零，當(dāng)O點(diǎn)左移時(shí)，彈簧A與豎直方向的夾角在增大，由受力圖可知FA變大，F(xiàn)B變大，故ACD錯(cuò)誤，B正確。故選B。四、計(jì)算題（本題共3小題，共35分，解答計(jì)算題應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要步驟.只寫出最后答案的不能得分.有數(shù)值計(jì)算的，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位.）19.智能感應(yīng)門被廣泛應(yīng)用在各類現(xiàn)代建筑中。如圖乙為某一商場(chǎng)的感應(yīng)門示意圖，當(dāng)人靠近時(shí)，中間的兩扇移動(dòng)門（圖乙中的陰影部分）就會(huì)分別向兩邊開啟。已知每扇門的寬度為，當(dāng)人靠近時(shí)兩扇移動(dòng)門向兩邊各移1.8m。某次開門程序設(shè)計(jì)為：門開啟過程中先做的勻加速運(yùn)動(dòng)，達(dá)到移動(dòng)速度后勻速運(yùn)動(dòng)一段距離，最后以相等的加速度大小做勻減速運(yùn)動(dòng)，完全開啟時(shí)速度剛好為零。（1）兩扇移動(dòng)門共打開0.9m時(shí)人才能通過，請(qǐng)問需要等待多長(zhǎng)時(shí)間；（2）求門完全開啟所需要的時(shí)間。【答案】（1）0.75s；（2）【解析】【詳解】（1）設(shè)初速度為零的勻加速階段的位移為，時(shí)間為，有解得加速階段一扇門移動(dòng)的距離為0.45m，則兩扇門共移動(dòng)距離為0.9m，恰好可以讓人通過，所以人需要等待的時(shí)間為加速階段的時(shí)間，則有解得 （2）由題可知，門完全開啟共經(jīng)歷3個(gè)階段，第一階段初速度為零的勻加速階段，第二階段勻速階段，第三階段末速度為零的勻減速階段。設(shè)第一階段的位移為，時(shí)間為，第二階段的位移為，時(shí)間為，第三階段的位移為，時(shí)間為，門開啟時(shí)間為T，則由題可知由于加速階段的加速度與減速階段的加速度大小相同，且加速階段的初速度為0，末速度為1.2m/s，減速階段的初速度為1.2m/s，末速度為0。結(jié)合之前的分析，以及根據(jù)運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性可知對(duì)于勻速階段有所以第二階段的時(shí)間所以開門的總時(shí)間為20.為應(yīng)對(duì)火災(zāi)、地震等緊急情況，某學(xué)校設(shè)計(jì)了如圖所示逃生滑梯，只需按下緊急開關(guān)，窗外的充氣泵就會(huì)對(duì)氣囊開始充氣，生成一條連接窗口與地面的斜面，人員以正確的姿勢(shì)從窗口滑梯下來，就能順利逃離現(xiàn)場(chǎng)了，若氣囊滑梯高度，氣囊所構(gòu)成的斜面長(zhǎng)度為，一個(gè)質(zhì)量為的人沿氣囊滑下時(shí)的阻力是取，求：（1）該人從氣囊頂端靜止下滑所需的時(shí)間t；（2）人們通過改變斜面長(zhǎng)度l以縮短逃生時(shí)間（因高度h不可變）。出于安全考慮，人員在氣囊上加速度不得大于，若阻力大小不變，求軌道的最小長(zhǎng)度。 【答案】（1）；（2）【解析】【詳解】（1）設(shè)氣囊與水平方向夾角為，根據(jù)幾何關(guān)系人下滑過程，根據(jù)牛頓第二定律根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律解得（2）當(dāng)加速度時(shí)，氣囊長(zhǎng)度最小，此時(shí)根據(jù)牛頓第二定律解得21.如圖所示為某一游戲的局部簡(jiǎn)化示意圖，滑塊從開始運(yùn)動(dòng)到停下來為一次完整的游戲過程。質(zhì)量為的滑塊在A點(diǎn)受到與水平方向成拉力F作用，拉力大小為，使滑塊靜止從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，到B點(diǎn)撤去外力，滑塊滑過以的順時(shí)針勻速運(yùn)行的傳送帶上，恰能沖到光滑的斜面 的最高點(diǎn)。傾斜直軌道固定在豎直放置的半徑為的圓形支架上，C為圓形的最低點(diǎn)。滑塊始終在同一豎直平面內(nèi)運(yùn)動(dòng)。其中滑塊與面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，與傳送帶表面的動(dòng)摩擦因數(shù)的長(zhǎng)度為；長(zhǎng)度為，斜面高，傳送帶與水平方向的夾角為。最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力相等，所有接觸面平滑連接。（）求：（1）滑塊在段運(yùn)動(dòng)的加速度及到達(dá)B點(diǎn)的時(shí)間；（2）滑塊第一次到達(dá)C點(diǎn)時(shí)速度的大??；（3）滑塊從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)的時(shí)間。【答案】（1），方向水平向右，；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）根據(jù)題意，滑塊從A向B運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律有解得方向水平向右，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有解得則到達(dá)B點(diǎn)時(shí)間為（2）根據(jù)上述分析可知，小物塊從B點(diǎn)上滑傳送時(shí)的速度為則滑塊沿斜面向上加速運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律有 解得小物塊加速到與傳送帶速度相等，則有解得運(yùn)動(dòng)的位移為此時(shí)，滑動(dòng)摩擦力變成靜摩擦力，小物塊與傳送帶保持相對(duì)靜止勻速運(yùn)動(dòng)，則運(yùn)動(dòng)到的速度為所需時(shí)間為（3）小物塊上斜面做勻減速運(yùn)動(dòng)，由幾何關(guān)系可得由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有解得則滑塊從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)的時(shí)間