2024年新高考第二次模擬考試 數(shù)學(xué)（全國卷）（文科）（全解全析）.docx

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2024年高考第二次模擬考試全解全析數(shù)學(xué)（文科）試題（考試時(shí)間：120分鐘試卷滿分：150分）注意事項(xiàng)：1．本試卷分第Ⅰ卷（選擇題）和第Ⅱ卷（非選擇題）兩部分．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上．2．回答第Ⅰ卷時(shí)，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑．如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號．寫在本試卷上無效．3．回答第Ⅱ卷時(shí)，將答案寫在答題卡上．寫在本試卷上無效．4．測試范圍：高考全部內(nèi)容5．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回．第Ⅰ卷一、選擇題：本大題共12小題，每小題5分，共60分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的．1．已知全集，集合，則（????）A．B．C．D．【答案】C【分析】本題首先可以根據(jù)題意求出，然后根據(jù)補(bǔ)集的概念得出結(jié)果.【詳解】由題意得，所以，，故選：C．2．設(shè)為虛數(shù)單位，若復(fù)數(shù)為純虛數(shù)，則（????）A．B．C．D．【答案】B【分析】分子分母同乘分母的共軛復(fù)數(shù)，再根據(jù)純虛數(shù)的概念得到答案.【詳解】，所以且，解得.故選：B3．已知向量，，若不超過3，則的取值范圍為（???）A．B．C．D．【答案】B18學(xué)科網(wǎng)（北京）股份有限公司 【分析】根據(jù)平面向量的坐標(biāo)表示和幾何意義可得，解之即可求解.【詳解】由題意知，，所以，得，即，解得，即實(shí)數(shù)m的取值范圍為.故選：B4．執(zhí)行下面的程序框圖，為使輸出S的值小于91，則輸入的正整數(shù)N的最小值為A．5B．4C．3D．2【答案】D【解析】閱讀程序框圖，程序運(yùn)行如下：首先初始化數(shù)值：，然后進(jìn)入循環(huán)體：此時(shí)應(yīng)滿足，執(zhí)行循環(huán)語句：；此時(shí)應(yīng)滿足，執(zhí)行循環(huán)語句：；此時(shí)滿足，可以跳出循環(huán)，則輸入的正整數(shù)N的最小值為2.故選D.5．若是等差數(shù)列，表示的前n項(xiàng)和，，則中最小的項(xiàng)是（??）A．B．C．D．【答案】B18學(xué)科網(wǎng)（北京）股份有限公司 【分析】根據(jù)等差數(shù)列的前n項(xiàng)和公式可得，再結(jié)合等差數(shù)列的性質(zhì)判斷處的符號，即可得出答案.【詳解】因?yàn)椋?，因?yàn)椋?，所以公差，故?dāng)時(shí)，，當(dāng)時(shí)，，所以當(dāng)時(shí)，取得最小值，即中最小的項(xiàng)是.故選：B.6．已知函數(shù)的定義域?yàn)镽，設(shè)．設(shè)甲：是增函數(shù)，乙：是增函數(shù)，則（????）A．甲是乙的充分條件但不是必要條件B．甲是乙的必要條件但不是充分條件C．甲是乙的充要條件D．甲既不是乙的充分條件也不是乙的必要條件【答案】D【分析】利用導(dǎo)數(shù)分別求出與為增函數(shù)的條件并結(jié)合充分必要條件進(jìn)行判斷即可求解.【詳解】由題意得的定義域?yàn)?，的定義域也為；充分性：若是增函數(shù)，則恒成立，，因?yàn)?，但的正?fù)不能確定，所以的單調(diào)性不確定，故充分性不滿足；必要性：若是增函數(shù)，則恒成立，因?yàn)?，所以恒成立，但的正?fù)不能確定，所以的單調(diào)性不確定，故必要性不滿足；所以甲既不是乙的充分條件也不是乙的必要條件，故D正確.故選：D.7．已知點(diǎn)為橢圓：的一點(diǎn)，，分別為橢圓的左，右焦點(diǎn)，的平分線交軸于點(diǎn)，則的面積為（???）A．B．C．D．18學(xué)科網(wǎng)（北京）股份有限公司 【答案】C【分析】結(jié)合光學(xué)性質(zhì)，列出直線方程，即可求解答案.【詳解】設(shè)點(diǎn)且不為頂點(diǎn)，因?yàn)闄E圓方程為，所以過的切線方程即直線為，即，由光學(xué)幾何性質(zhì)知，，所以，則直線的方程為．令，得，所以．所以.故選：C8．設(shè)，，，則a，b，c的大小關(guān)系為（???）A．B．C．D．【答案】D【分析】首先將對數(shù)式和指數(shù)式與臨界值比較，再判斷大小關(guān)系.【詳解】，即，，即，因?yàn)?，所以，即，且，則，所以.故選：D9．已知雙曲線的一條漸近線l與橢圓交于A，B兩點(diǎn)，若，（是橢圓的兩個(gè)焦點(diǎn)），則E的離心率為（????）18學(xué)科網(wǎng)（北京）股份有限公司 A．B．C．D．【答案】A【分析】由題意求出雙曲線的漸近線，則可得，由已知條件可得四邊形為矩形，則，，再根據(jù)橢圓的定義列方程化簡可求出離心率.【詳解】由已知，則雙曲線的一條漸近線，即，又，即，且四邊形為矩形，所以，則，又根據(jù)橢圓定義可知，所以離心率．故選：A10．已知四棱錐中，側(cè)面底面，，底面是邊長為的正方形，是四邊形及其內(nèi)部的動(dòng)點(diǎn)，且滿足，則動(dòng)點(diǎn)構(gòu)成的區(qū)域面積為（????）A．B．C．D．【答案】B【分析】取線段的中點(diǎn)，連接、，推導(dǎo)出平面，可知點(diǎn)的軌跡是以點(diǎn)為圓心，半徑為的圓及其內(nèi)部，結(jié)合圓的面積公式可求得結(jié)果.【詳解】取線段的中點(diǎn)，連接、，18學(xué)科網(wǎng)（北京）股份有限公司 因?yàn)?，為的中點(diǎn)，則，因?yàn)槠矫嫫矫妫矫嫫矫?，平面，所以，平面，因?yàn)槠矫?，則，因?yàn)樗倪呅问沁呴L為的正方形，則，所以，，，所以，點(diǎn)的軌跡是以點(diǎn)為圓心，半徑為的圓及其內(nèi)部，因此，動(dòng)點(diǎn)構(gòu)成的區(qū)域面積為.故選：B.11．已知等比數(shù)列的公比為，為其前n項(xiàng)和，且，則當(dāng)取得最大值時(shí)，對應(yīng)的為（????）A．B．C．D．【答案】B【分析】利用等比數(shù)列通項(xiàng)公式、前n項(xiàng)和公式及已知得，應(yīng)用基本不等式求最大值，并確定取值條件即可.【詳解】由題設(shè)，，所以，當(dāng)且僅當(dāng)，即時(shí)取等號，所以當(dāng)取得最大值時(shí)，對應(yīng)的為3.故選：B12．已知函數(shù)，，若函數(shù)在上存在最大值，但不存在最小值，則的取值范圍是（????）A．B．C．D．【答案】D【分析】根據(jù)題意分類討論和兩種情況，結(jié)合題目中所給區(qū)間的開和閉以及三角函數(shù)圖象相關(guān)知識求解答案即可.18學(xué)科網(wǎng)（北京）股份有限公司 【詳解】若，則，又因?yàn)?，函?shù)在上存在最大值，但不存在最小值，所以當(dāng)，即時(shí)，只需滿足，此時(shí)，當(dāng)，即時(shí)，函數(shù)一定存在最大值，要讓函數(shù)無最小值，則，此時(shí)，綜上，，即的取值范圍是.故選：D第Ⅱ卷二、填空題：本大題共4小題，每小題5分，共20分13．已知數(shù)列是等差數(shù)列，數(shù)列是等比數(shù)列，，且．則．【答案】【分析】根據(jù)等差、等比數(shù)列的性質(zhì)即可求解.【詳解】因?yàn)閿?shù)列是等差數(shù)列，且，所以即因?yàn)閿?shù)列是等比數(shù)列，且，所以，即，所以.故答案為：.14．已知為定義在上的奇函數(shù)，當(dāng)時(shí)，，則關(guān)于的不等式的解集.【答案】【分析】由求出，由奇函數(shù)的性質(zhì)求出在上的解析式，再令，即可求出答案.【詳解】當(dāng)時(shí)，，18學(xué)科網(wǎng)（北京）股份有限公司 因?yàn)闉槎x在上的奇函數(shù)，所以，所以當(dāng)時(shí)，，則當(dāng)時(shí)，，所以，因?yàn)闉槎x在上的奇函數(shù)，所以，所以當(dāng)時(shí)，，所以，令，解得：或，故關(guān)于的不等式的解集為.故答案為：.15．已知數(shù)列滿足，若對恒成立，則的取值范圍為.【答案】【分析】先由條件得到，再將問題轉(zhuǎn)化為或，從而得解.【詳解】法一：由，得，兩式相減得，則數(shù)列，都是以2為公差的單調(diào)遞增數(shù)列.要使對恒成立，只需，而，，則，解得.法二：由，得，兩式相減得，又，則，，要使對恒成立，即，18學(xué)科網(wǎng)（北京）股份有限公司 即，解得.故答案為：.【點(diǎn)睛】關(guān)鍵點(diǎn)睛：本題解決的關(guān)鍵是將恒成立，轉(zhuǎn)化為或，從而得解.16．已知三棱錐的所有頂點(diǎn)都在球的表面上，且平面是邊上一動(dòng)點(diǎn)，直線與平面所成角的正切值的最大值為，則球的表面積為.【答案】【分析】根據(jù)題意，結(jié)合線面角的定義求得的最小值，從而確定的形狀，再利用直三棱柱的外接球的性質(zhì)即可得解.【詳解】將三棱錐放入直三棱柱，則兩者外接球相同，取底面的外心為，連接，取其中點(diǎn)為，連接，如圖所示，??平面，則為直線與平面的所成角，又直線與平面所成角的正切值的最大值為，所以，則，此時(shí)，在中，，，是邊長為的等邊三角形，，又，則球的表面積為.故答案為：.18學(xué)科網(wǎng)（北京）股份有限公司 【點(diǎn)睛】方法點(diǎn)睛：解決與球相關(guān)的切、接問題，其通法是作出截面，將空間幾何問題轉(zhuǎn)化為平面幾何問題求解，其解題思維流程如下：（1）定球心：如果是內(nèi)切球，球心到切點(diǎn)的距離相等且為球的半徑；如果是外接球，球心到接點(diǎn)的距離相等且為半徑；（2）作截面：選準(zhǔn)最佳角度做出截面（要使這個(gè)截面盡可能多的包含球、幾何體的各種元素以及體現(xiàn)這些元素的關(guān)系），達(dá)到空間問題平面化的目的；（3）求半徑下結(jié)論：根據(jù)作出截面中的幾何元素，建立關(guān)于球的半徑的方程，并求解.三、解答題：本大題共70分．解答應(yīng)寫出文字說明、證明過程或演算步驟．第17~21題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答．第22、23題為選考題，考生根據(jù)要求作答．（一）必考題：共60分．17．(12分）在中，內(nèi)角A，B，C的對邊分別為a，b，c，，.(1)求角A；(2)作角A的平分線與交于點(diǎn)，且，求.【答案】(1)(2)【分析】（1）由正弦定理邊角互化，化簡后利用正切值求角即得；（2）充分利用三角形的角平分線將三角形面積進(jìn)行分割化簡得，再運(yùn)用余弦定理解方程即得.【詳解】（1）因，由正弦定理可得：，即.因，故，則有，即，因，故......................................................6分（2）因?yàn)闉榻瞧椒志€，所以，所以.因，，，則，即，所以.....................................................9分又由余弦定理可得：，把，分別代入化簡得：，解得：或（舍去），所以......................................................12分18學(xué)科網(wǎng)（北京）股份有限公司 18．(12分）某沙漠地區(qū)經(jīng)過治理，生態(tài)系統(tǒng)得到很大改善，野生動(dòng)物數(shù)量有所增加.為調(diào)查該地區(qū)某種野生動(dòng)物的數(shù)量，將其分成面積相近的200個(gè)地塊，從這些地塊中用簡單隨機(jī)抽樣的方法抽取20個(gè)作為樣區(qū)，調(diào)查得到樣本數(shù)據(jù)(xi，yi)(i=1，2，…，20)，其中xi和yi分別表示第i個(gè)樣區(qū)的植物覆蓋面積(單位：公頃)和這種野生動(dòng)物的數(shù)量，并計(jì)算得，，，，.（1）求該地區(qū)這種野生動(dòng)物數(shù)量的估計(jì)值（這種野生動(dòng)物數(shù)量的估計(jì)值等于樣區(qū)這種野生動(dòng)物數(shù)量的平均數(shù)乘以地塊數(shù)）；（2）求樣本(xi，yi)(i=1，2，…，20)的相關(guān)系數(shù)（精確到0.01）；（3）根據(jù)現(xiàn)有統(tǒng)計(jì)資料，各地塊間植物覆蓋面積差異很大.為提高樣本的代表性以獲得該地區(qū)這種野生動(dòng)物數(shù)量更準(zhǔn)確的估計(jì)，請給出一種你認(rèn)為更合理的抽樣方法，并說明理由.附：相關(guān)系數(shù)r=，≈1.414.【答案】（1）；（2）；（3）詳見解析【解析】【分析】（1）利用野生動(dòng)物數(shù)量的估計(jì)值等于樣區(qū)野生動(dòng)物平均數(shù)乘以地塊數(shù)，代入數(shù)據(jù)即可；（2）利用公式計(jì)算即可；（3）各地塊間植物覆蓋面積差異較大，為提高樣本數(shù)據(jù)的代表性，應(yīng)采用分層抽樣.【詳解】（1）樣區(qū)野生動(dòng)物平均數(shù)為，地塊數(shù)為200，該地區(qū)這種野生動(dòng)物的估計(jì)值為...................................................4分（2）樣本(i=1，2，…，20)的相關(guān)系數(shù)為18學(xué)科網(wǎng)（北京）股份有限公司 ...................................................9分（3）由（2）知各樣區(qū)的這種野生動(dòng)物的數(shù)量與植物覆蓋面積有很強(qiáng)的正相關(guān)性，由于各地塊間植物覆蓋面積差異很大，從俄各地塊間這種野生動(dòng)物的數(shù)量差異很大，采用分層抽樣的方法較好地保持了樣本結(jié)構(gòu)與總體結(jié)構(gòu)得以執(zhí)行，提高了樣本的代表性，從而可以獲得該地區(qū)這種野生動(dòng)物數(shù)量更準(zhǔn)確的估計(jì)....................................................12分19．(12分）在正方體中，、分別為、的中點(diǎn)，，，如圖.（1）若交平面于點(diǎn)，證明：、、三點(diǎn)共線；（2）線段上是否存在點(diǎn)，使得平面平面，若存在確定的位置，若不存在說明理由.【答案】（1）證明見解析；（2）存在，且.【解析】【分析】（1）先得出為平面與平面的交線，然后說明點(diǎn)是平面與平面的公共點(diǎn)，即可得出、、三點(diǎn)共線；（2）設(shè)，過點(diǎn)作交于點(diǎn)，然后證明出平面平面，再確定出點(diǎn)在上的位置即可.【詳解】（1），平面，平面，所以，點(diǎn)是平面和平面的一個(gè)公共點(diǎn)，同理可知，點(diǎn)也是平面和平面的公共點(diǎn)，則平面和平面的交線為，18學(xué)科網(wǎng)（北京）股份有限公司 平面，平面，所以，點(diǎn)也是平面和平面的公共點(diǎn)，由公理三可知，，因此，、、三點(diǎn)共線；...................................................6分（2）如下圖所示：設(shè)，過點(diǎn)作交于點(diǎn)，下面證明平面平面.、分別為、的中點(diǎn)，，平面，平面，平面.又，平面，平面，平面，，、平面，因此，平面平面.下面來確定點(diǎn)的位置：、分別為、的中點(diǎn)，所以，，且，則點(diǎn)為的中點(diǎn)，易知，即，又，所以，四邊形為平行四邊形，，四邊形為正方形，且，則為的中點(diǎn)，所以，點(diǎn)為的中點(diǎn)，，因此，線段上是否存在點(diǎn)，且時(shí)，平面平面...................................................12分20．(12分）已知函數(shù).18學(xué)科網(wǎng)（北京）股份有限公司 (1)若，求曲線在點(diǎn)處的切線；(2)討論的單調(diào)性；【答案】(1)(2)答案見解析【分析】（1）求導(dǎo)，利用導(dǎo)數(shù)的幾何意義得到切線方程；（2）求導(dǎo)，對導(dǎo)函數(shù)因式分解，分，和三種情況，進(jìn)行求解函數(shù)的單調(diào)性.【詳解】（1）當(dāng)時(shí)，函數(shù)，則，切點(diǎn)坐標(biāo)為，，則曲線在點(diǎn)處的切線斜率為，所求切線方程為，即.....................................................5分（2），函數(shù)定義域?yàn)镽，，①，解得或，解得，所以在和上單調(diào)遞增，在上單調(diào)遞減，②，解得或，解得，所以在和上單調(diào)遞增，在上單調(diào)遞減，③，恒成立，在上單調(diào)遞增.綜上，當(dāng)時(shí)，在和上單調(diào)遞增，在上單調(diào)遞減；當(dāng)時(shí)，在和上單調(diào)遞增，在上單調(diào)遞減；當(dāng)時(shí)，在上單調(diào)遞增.....................................................12分21．(12分）已知拋物線：（）的焦點(diǎn)為，點(diǎn)，過的直線交于，兩點(diǎn)，當(dāng)點(diǎn)的橫坐標(biāo)為1時(shí)，點(diǎn)到拋物線的焦點(diǎn)的距離為2.(1)求拋物線的方程；(2)設(shè)直線，與的另一個(gè)交點(diǎn)分別為，，點(diǎn)，分別是，的中點(diǎn)，記直線，的傾斜角分別為，.求的最大值.【答案】(1)18學(xué)科網(wǎng)（北京）股份有限公司 (2)【分析】（1）關(guān)鍵拋物線的定義可得，求出p即可求解；（2）設(shè)，將直線和直線BD，分別聯(lián)立拋物線方程，利用韋達(dá)定理表示，，進(jìn)而可得、，由中點(diǎn)坐標(biāo)公式與斜率公式可得和，則，當(dāng)時(shí)最大，由兩角差的正切公式和換元法可得，結(jié)合基本不等式計(jì)算即可求解.【詳解】（1）拋物線的準(zhǔn)線為，由拋物線的定義知，，又，所以，所以拋物線C的方程為；.....................................................4分（2）由（1）知，，設(shè)，則，設(shè)直線，由可得，，則，直線，代入拋物線方程可得，，所以，同理可得，由斜率公式可得，，18學(xué)科網(wǎng)（北京）股份有限公司 又因?yàn)橹本€OP、OQ的傾斜角分別為，所以，若要使最大，需使最大，則，設(shè)，則，當(dāng)且僅當(dāng)即時(shí)，等號成立，所以的最大值為......................................................12分【點(diǎn)睛】關(guān)鍵點(diǎn)睛：本題求解過程中，需要熟練運(yùn)用斜率公式以及類比的思想方法，在得到兩條直線的關(guān)系后，設(shè)，利用換元法，化簡式子，求最值是難點(diǎn)，也是關(guān)鍵點(diǎn)，屬于難題.（二）選考題：共10分．請考生在22、23題中任選一題作答，如果多做，則按所做的第一題計(jì)分．選修4-4：坐標(biāo)系與參數(shù)方程22．（10分）已知曲線的參數(shù)方程為（為參數(shù)），直線過點(diǎn)．(1)求曲線的普通方程；(2)若直線與曲線交于，兩點(diǎn)，且，求直線的傾斜角．【答案】(1).(2)或.【分析】（1）利用參數(shù)方程轉(zhuǎn)普通方程即可求解.（2）寫出直線的參數(shù)方程，參數(shù)方程代入，設(shè)，兩點(diǎn)所對的參數(shù)為，利用韋達(dá)定理代入中，化簡即可求解.【詳解】（1）由曲線的參數(shù)方程為（為參數(shù)），得，18學(xué)科網(wǎng)（北京）股份有限公司 ，，即（為焦點(diǎn)在軸上的橢圓）....................................................4分（2）設(shè)直線的傾斜角為，直線過點(diǎn)直線的參數(shù)方程為（為參數(shù)），將直線的參數(shù)方程代入，可得，，設(shè)，兩點(diǎn)所對的參數(shù)為，，曲線與軸交于兩點(diǎn)，在曲線的內(nèi)部，一正一負(fù)，，而，，，，，解得，為直線的傾斜角，，，，或，直線的傾斜角為或.....................................................10分選修4-5：不等式選講23．（10分）已知函數(shù)．(1)求不等式的解集；(2)設(shè)函數(shù)的最小值為，若且，求證：．18學(xué)科網(wǎng)（北京）股份有限公司 【答案】(1)(2)證明見解析【分析】（1）解絕對值不等式時(shí)，一般考慮分類討論法求解，最后再合并；（2）分類討論的單調(diào)性，判斷其在不同區(qū)間上的最小值，最后確定的值，利用基本不等式即可證明.【詳解】（1）不等式可化為或，由，可得，解得或；由，可得，解得，所以不等式的解集為．....................................................4分（2）由題意，知，當(dāng)時(shí)，，因在上單調(diào)遞減，則；當(dāng)時(shí)，，因在上單調(diào)遞增，在上單調(diào)遞減，故在無最小值，但是；當(dāng)時(shí)，，因在上單調(diào)遞增，則.綜上，當(dāng)時(shí)，函數(shù)取得最小值2，即，所以，因，所以，當(dāng)且僅當(dāng)時(shí)等號成立，故．..................................................10分18學(xué)科網(wǎng)（北京）股份有限公司