重慶市西南大學(xué)附屬中學(xué)2022-2023學(xué)年高三下學(xué)期新高考適應(yīng)性考試物理 Word版含解析

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2023年新高考物理試題注意事項(xiàng)：1．答題前，考生先將自己的姓名、班級、考場/座位號、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。2．答選擇題時(shí)，必須使用2B鉛筆填涂：答非選擇題時(shí)，必須使用0.5毫米的黑色簽字筆書寫；必須在題號對應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫無效：保持答卷清潔、完整。3．考試結(jié)束后，將答題卡交回（試題卷學(xué)生保存，以備評講）。一、單項(xiàng)選擇題：本大題共7個(gè)小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.如圖所示，一高考倒計(jì)時(shí)牌通過一根輕繩懸掛在定滑輪上。掛上后發(fā)現(xiàn)倒計(jì)時(shí)牌是傾斜的，已知∠AOB=90°，計(jì)時(shí)牌的重力大小為G。不計(jì)一切摩擦，則平衡時(shí)繩OB中的張力大小為（　?。〢.B.C.D.G【答案】A【解析】【詳解】將重力沿OB、OA繩的方向分解，如圖所示因不計(jì)一切摩擦，則則故選A。

12.正電子是電子的反粒子，與電子質(zhì)量相同且?guī)У攘空姾?。在云室中有垂直于紙面的勻?qiáng)磁場，從P點(diǎn)發(fā)出兩個(gè)電子和一個(gè)正電子，三個(gè)粒子運(yùn)動軌跡如圖中1、2、3所示。下列說法正確的是（　?。〢.軌跡1對應(yīng)的粒子是正電子B.軌跡2對應(yīng)的粒子是電子C.軌跡3對應(yīng)的粒子初速度最小D.磁場方向垂直于紙面向里【答案】D【解析】【詳解】AB．根據(jù)題圖可知，1和3粒子偏轉(zhuǎn)方向相同，則1和3粒子為電子，2為正電子，故A、B錯(cuò)誤；C．帶電粒子若僅在洛倫茲力的作用下做勻速圓周運(yùn)動，根據(jù)牛頓第二定律可知解得粒子運(yùn)動的半徑為根據(jù)題圖可知軌跡3對應(yīng)的粒子運(yùn)動的半徑更大，則速度更大，粒子運(yùn)動過程中受到云室內(nèi)物質(zhì)的阻力的情況下，此結(jié)論也成立，故C錯(cuò)誤；D．正電子帶正電且逆時(shí)針轉(zhuǎn)動，根據(jù)左手定則可知磁場方向垂直紙面向里，故D正確。故選D。3.如圖所示平面內(nèi)，在通有圖示方向電流I的長直導(dǎo)線右側(cè)，固定一矩形金屬線框abcd，ad邊與導(dǎo)線平行。調(diào)節(jié)電流I使得空間各點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間均勻增加，則（　?。〢.線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向?yàn)锽.線框ad邊受到的安培力方向水平向右C.線框bc邊所受的安培力大小恒定D.線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流逐漸增大

2【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)安培定則可知，通電直導(dǎo)線右側(cè)的磁場方向垂直于紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間均勻增加，根據(jù)楞次定律可知線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向?yàn)?，故A錯(cuò)誤；B．線框所處空間的磁場方向垂直紙面向里，線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向?yàn)?，根?jù)左手定則可知，線框邊所受的安培力水平向右，故B正確；D．線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流大小為空間各點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間均勻增加，故線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流不變，故D錯(cuò)誤；C．線框中感應(yīng)電流大小保持不變，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間均勻增加，根據(jù)安培力表達(dá)式，故所受的安培力變大，故C錯(cuò)誤。故選B。4.如圖為一用透明材料做成的中心是空的球，其中空心部分半徑與球的半徑之比為1:3。當(dāng)細(xì)光束以的入射角射入球中，其折射光線剛好與內(nèi)壁相切，則該透明材料的折射率為（　　）A.B.1.5C.D.2【答案】B【解析】【詳解】如圖折射角的正弦值根據(jù)折射定律可得該透明材料的折射率

3故選B。5.如圖所示是用光照射某種金屬時(shí)逸出的光電子的最大初動能隨入射光頻率的變化圖像，下列說法正確的是（　?。〢.該金屬的逸出功為0.5eVB.該金屬的極限頻率為5.50×1014HzC.根據(jù)該圖像能求出普朗克常量D.根據(jù)該圖像能求出電子的電荷量【答案】C【解析】【詳解】B．根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程Ek=hν-W，Ek-ν圖象的橫軸的截距大小等于極限頻率，由圖知該金屬的極限頻率為4.3×1014?Hz，故B錯(cuò)誤。C．由Ek=hν-W，得知該圖線的斜率表示普朗克常量h，則故C正確。A．當(dāng)Ek=hν-W=0時(shí)，逸出功為W=hν0=6.67×10-34×4.3×1014J=2.88×10-19J≈1.79eV故A錯(cuò)誤。D．根據(jù)該圖像不能求出電子的電荷量，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。6.如圖甲所示，傾角為的斜面固定在水平地面上，一木塊以一定的初速度從斜面底端開始上滑。若斜面足夠長，上滑過程中木塊的機(jī)械能和動能隨位移變化的關(guān)系圖線如圖乙所示，則下列說法正確的是（　?。?/p>

4A.木塊上滑過程中，重力勢能增加了B.木塊受到的摩擦力大小為C.木塊的重力大小為D.木塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為【答案】B【解析】【詳解】A．由圖乙可知，木塊位移為x0時(shí)，動能為0，機(jī)械能為2E0，重力勢能增加了2E0，故A錯(cuò)誤；B．由圖乙可知，克服摩擦做功損失的機(jī)械能為木塊受到的摩擦力大小為故B正確；CD．由動能定理得解得故CD錯(cuò)誤。故選B。7.如圖，O為拋物線OM的頂點(diǎn)，A、B為拋物線上兩點(diǎn)，O點(diǎn)的切線水平。從A、B兩點(diǎn)分別以初速度v1，v2水平拋出兩質(zhì)量相等的小球，同時(shí)擊中O點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力，則兩球（　?。?/p>

5A.必須同時(shí)拋出B.擊中O點(diǎn)時(shí)重力的瞬時(shí)功率相等C.初速度v1與v2相等D.擊中O點(diǎn)時(shí)速度大小相等【答案】C【解析】【詳解】AC．已知O為拋物線OM頂點(diǎn)，則以O(shè)為原點(diǎn)建立xOy直角坐標(biāo)系，如圖則設(shè)OM為則兩平拋運(yùn)動在豎直方向?yàn)樽杂陕潴w運(yùn)動，有聯(lián)立解得所以在A點(diǎn)的小球要先拋出才能使兩小球同時(shí)擊中O點(diǎn)。又由平拋在水平方向?yàn)閯蛩僦本€運(yùn)動，有聯(lián)立可得

6整理可得故A錯(cuò)誤，C正確；D．因，但豎直方向有故兩分速度合成后可知擊中O點(diǎn)速度不同，故D錯(cuò)誤；B．兩球在O點(diǎn)重力瞬時(shí)功率為即擊中O點(diǎn)時(shí)重力的瞬時(shí)功率不相等，故B錯(cuò)誤。故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題5分，共15分。每小題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.2023年3月17日，我國成功將“高分十三號02星”發(fā)射升空，衛(wèi)星順利進(jìn)入預(yù)定軌道。假設(shè)入軌后，“高分十三號02”以線速度為v繞地球做周期為T的勻速圓周運(yùn)動。已知地球的半徑為R，萬有引力常量用G表示。由此可知（　　）A.該衛(wèi)星到地球表面的高度為B.該衛(wèi)星到地球表面的高度為C.地球的質(zhì)量D.地球的質(zhì)量【答案】AC【解析】【詳解】AB．由勻速圓周運(yùn)動規(guī)律，可得該衛(wèi)星的軌道半徑為所以該衛(wèi)星到地球表面的高度為故A正確，B錯(cuò)誤；CD．衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動，由牛頓第二定律可得地球的質(zhì)量

7故C正確，D錯(cuò)誤。故選AC9.如圖所示，在空間坐標(biāo)系xOy上a（0，0，L）、b（0，L，0）、c（L，0，0）三點(diǎn)處分別固定一電荷量為+q、-q、-q（q>0）的點(diǎn)電荷，M、N、P三點(diǎn)分別為ab、ac、bc的中點(diǎn)。規(guī)定無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，下列說法正確的是（　　）A.M、N兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等B.O點(diǎn)的電場強(qiáng)度方向沿y軸正方向C.負(fù)試探電荷在M點(diǎn)的電勢能大于其在P點(diǎn)的電勢能D.同一試探電荷在M、N兩點(diǎn)的電勢能相等【答案】AD【解析】【詳解】A．三個(gè)點(diǎn)電荷在M、N兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度方向如圖所由幾何知識可知，在M、N兩點(diǎn)合場強(qiáng)大小相等，方向不同，故A正確；B．三個(gè)點(diǎn)電荷在O點(diǎn)的電場強(qiáng)度方向如圖所

8由幾何知識可知，在O點(diǎn)的合場強(qiáng)方向不沿y軸正方向，故B錯(cuò)誤；CD．無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，沿電場線的方向電勢降低，M、N兩點(diǎn)的電勢相等，M點(diǎn)的電勢大于P點(diǎn)的電勢，同一試探電荷在M、N兩點(diǎn)的電勢能相等，負(fù)的試探電荷在M點(diǎn)的電勢能小于其在P點(diǎn)的電勢能，故C錯(cuò)誤，D正確。故選AD。10.如圖所示，絕緣中空軌道豎直固定，圓弧段COD光滑，對應(yīng)圓心角為120°，C、D兩端等高，O為最低點(diǎn)，圓弧圓心為O?，半徑為R（R遠(yuǎn)大于軌道內(nèi)徑），直線段AC、HD粗糙，與圓弧段分別在C、D端相切，整個(gè)裝置處于方向垂直于軌道所在平面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場中，在豎直虛線MC左側(cè)和ND右側(cè)還分別存在著場強(qiáng)大小相等、方向水平向右和向左的勻強(qiáng)電場?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量恒為q、直徑略小于軌道內(nèi)徑、可視為質(zhì)點(diǎn)的帶正電小球，與直線段的動摩擦因數(shù)為μ，從軌道內(nèi)距C點(diǎn)足夠遠(yuǎn)的P點(diǎn)由靜止釋放，若PC=l，小球所受電場力等于其重力的倍。重力加速度為g。則（　?。〢.小球在軌道AC上下滑的最大速度B.小球第一次沿軌道AC下滑的過程中先做加速度減小的加速運(yùn)動，后做勻速運(yùn)動C.經(jīng)足夠長時(shí)間，小球克服摩擦力做的總功是D.經(jīng)足夠長時(shí)間，小球經(jīng)過O點(diǎn)時(shí)，對軌道的彈力一定為【答案】AB【解析】

9【詳解】B．小球第一次沿軌道AC下滑的過程中，小球所受電場力等于其重力的倍，即電場力垂直于軌道方向的分量為重力垂直于軌道方向的分量為因此，電場力與重力的合力方向恰好沿著AC方向，且剛開始時(shí)小球與管壁無作用力，當(dāng)小球從靜止運(yùn)動后，由左手定則可知，小球受到的洛倫茲力垂直于AC向上，導(dǎo)致小球?qū)鼙谟凶饔昧?，小球?qū)⑹艿交瑒幽Σ亮ΓS著速度增大，洛倫茲力增大，小球?qū)鼙诘膲毫?，摩擦力增大，合力減小，根據(jù)牛頓第二定律可知小球做加速度減小的加速運(yùn)動，當(dāng)加速度減至零時(shí)做勻速運(yùn)動，故B正確；A．小球在軌道AC上下滑到勻速運(yùn)動時(shí)，速度最大，此時(shí)有解得故A正確；C．最終小球在CD間做往復(fù)運(yùn)動，在C點(diǎn)和D點(diǎn)速度為零，從開始到最終速度為零的C點(diǎn)或D點(diǎn)，根據(jù)動能定理得則經(jīng)足夠長時(shí)間，小球克服摩擦力做的總功故C錯(cuò)誤；D．由于在AC、HD段要克服滑動摩擦力做功，小球最終將在圓弧段COD做往復(fù)運(yùn)動，設(shè)小球經(jīng)O點(diǎn)的速度為v，根據(jù)動能定理有解得

10根據(jù)牛頓第二定律，小球從C向D運(yùn)動經(jīng)過O點(diǎn)時(shí)，有解得小球從D點(diǎn)向C點(diǎn)運(yùn)動經(jīng)過O點(diǎn)時(shí)，有解得根據(jù)牛頓第三定律可得，小球經(jīng)過O點(diǎn)時(shí)對軌道的彈力大小為或，故D錯(cuò)誤。故選AB。三、實(shí)驗(yàn)題：本大題2小題，共16分。11.某同學(xué)用智能手機(jī)測自由落體加速度的實(shí)驗(yàn)步驟如下：①在水平地面上鋪設(shè)軟墊；②打開手機(jī)中的加速度傳感器，讓手機(jī)在離軟墊一定高度處由靜止開始自由下落；③手機(jī)落到軟墊后，關(guān)閉傳感器，得到全過程中加速度絕對值隨時(shí)間變化圖像如圖所示。根據(jù)圖像回答下列問題：（1）與時(shí)刻加速度方向______（選填“相同”或“相反”）；（2）從時(shí)刻到時(shí)刻加速度逐漸減小的原因是______；（3）當(dāng)?shù)刂亓铀俣燃s為______。

11【答案】①.相反②.見解析③.9.76【解析】【詳解】（1）[1]時(shí)刻加速度方向向下，到時(shí)刻，手機(jī)落到軟墊上，受到向上的支持力，合力方向向上，加速度方向向上，故與時(shí)刻加速度方向相反。（2）[2]從時(shí)刻到時(shí)刻，手機(jī)做自由落體運(yùn)動，下落速度逐漸變大，受空氣阻力逐漸變大，合力逐漸變小，則加速度逐漸減小。（3）[3]當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹槭謾C(jī)剛離手時(shí)，即時(shí)刻的加速度，為9.76。12.利用輸出電壓為的恒壓電源、量程為的電流表（內(nèi)阻不計(jì)）、定值電阻、阻值隨長度均勻變化的電阻絲（長度為，總阻值為）、彈簧（電阻不計(jì)）、開關(guān)、導(dǎo)線，改裝成如圖甲的測力計(jì)。（1）圖甲的電路中，定值電阻的作用是______，阻值至少為______；（2）彈簧所受拉力F與其伸長量的關(guān)系如圖乙。若定值電阻為，則電流表的示數(shù)I與彈簧所受拉力F的關(guān)系式______（A），可知由電流表改裝的測力汁刻度______（選填“均勻”“不均勻”），當(dāng)電流表的示數(shù)為，對應(yīng)標(biāo)示的力為______N。【答案】①.對電流表起保護(hù)作用②.5③.④.不均勻⑤.500【解析】【詳解】（1）[1]電路中接入定值電阻的目的是對電流表起保護(hù)作用，防止當(dāng)P移動到電阻絲的最右端時(shí)電流表被燒壞。[2]當(dāng)電路中電流達(dá)到最大0.6A時(shí)，電路中的總電阻最小值為所以定值電阻至少為5Ω。（2）[3]由圖乙可知

12設(shè)定值電阻為R，電阻絲總電阻為RL，移動距離為由閉合電路歐姆定律又聯(lián)立可得[4]由上式可得：拉力F與I是非線性關(guān)系，所以由電流表改裝測力計(jì)刻度不均勻。[5]當(dāng)電流表的示數(shù)為，帶入可得F=500N所以對應(yīng)標(biāo)示的力為500N。四、計(jì)算題：本大題3小題，共41分。13.如圖所示，一列在x軸上傳播的簡諧橫波，實(shí)線表示時(shí)刻的波形圖，虛線是這列波在時(shí)刻的波形圖。已知該波的波速為，試求（1）該波的波長和傳播方向；（2）平衡位置在處質(zhì)點(diǎn)的振動方程。【答案】（1），沿x軸負(fù)方向傳播；（2）【解析】

13【詳解】（1）由圖可知，該波的波長，若波沿x軸負(fù)方向傳播，則由已知，波速，則，故波沿x軸負(fù)方向傳播。（2）設(shè)平衡位置在處質(zhì)點(diǎn)的振動方程為由圖可知，振幅，當(dāng)時(shí)，有，因波沿x軸負(fù)方向傳播，則，且故故14.如圖所示，平面直角坐標(biāo)系xOy中第一、二、四象限內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場，第三象限存在沿x軸正方向的勻強(qiáng)電場。一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子從S點(diǎn)（-l，-l）由靜止釋放，進(jìn)入磁場區(qū)域運(yùn)動，恰好過x軸上P點(diǎn)（l，0）、不計(jì)粒子重力。（1）求勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小；（2）粒子釋放開始計(jì)時(shí)，求粒子第1次到達(dá)y軸正半軸的時(shí)間；（3）粒子第3次過y軸時(shí)的坐標(biāo)?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3）（0，-2l）【解析】【詳解】（1）帶正電粒子從S點(diǎn)（-l，-l）由靜止釋放，則在電場中做勻加速直線運(yùn)動，從（0，-l）位置進(jìn)入磁場區(qū)域運(yùn)動，恰好過x軸上P點(diǎn)（l，0）、可知在磁場中做圓周運(yùn)動的半徑

14r=l根據(jù)可得則在電場中可得（2）粒子在電場中加速的時(shí)間粒子第1次到達(dá)y軸正半軸時(shí)，在磁場中運(yùn)動半周，則運(yùn)動時(shí)間則總時(shí)間（3）粒子從（-l，0）位置進(jìn)入第三象限的電場，則當(dāng)粒子第3次過y軸時(shí)解得y=2l即粒子第3次過y軸時(shí)的坐標(biāo)（0，-2l）。15.如圖所示，滑塊A、木板C分別靜止在光滑水平平臺和粗糙水平地面上，C的左端與平臺上表面相切，滑塊B靜止在C上，且至C左端的距離為x0=1m，A、B、C的質(zhì)量分別為mA=2kg，mB=1kg，mC=3kg。t=0時(shí)刻，對A施加一水平向右的作用力F，F(xiàn)隨時(shí)間t的變化關(guān)系為，A運(yùn)動

152s后撤去F，此時(shí)A恰好滑上木板C；一段時(shí)間后，A與B發(fā)生彈性碰撞（碰撞時(shí)間極短），最終B靜止在C的右端。已知A與木板C之間的動摩擦因數(shù)為μA=0.2，B與C之間的動摩擦因數(shù)為μB=0.5，C與地面之間的動摩擦因數(shù)為μC=0.1，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，A、B均可視為質(zhì)點(diǎn)，取g=10m/s2。求：（1）A剛滑上C時(shí)的速度大小；（2）A、B碰后瞬間A的速度大小；（3）木板C的長度和運(yùn)動的位移大小?！敬鸢浮浚?）；（2）2m/s；（3）6.7m；0.83m【解析】【詳解】（1）撤去F之前2s內(nèi)F的沖量由動量定理解得（2）A滑上C時(shí)，A的加速度此時(shí)A對C的滑動摩擦力為地面對C的最大靜摩擦力為可知木板C靜止，則當(dāng)A將要與B相碰時(shí)的速度AB碰撞過程由動量守恒和能量關(guān)系

16解得v2=2m/sv3=8m/s（3）AB沿木板向右運(yùn)動時(shí)，B對C的滑動摩擦力此時(shí)木板C開始向右加速滑動，C的加速度物塊B減速的加速度當(dāng)AC相對靜止時(shí)解得此過程中C的位移C的速度B的位移B的速度以后C減速的加速度當(dāng)BC共速時(shí)

17解得此時(shí)C的位移B的位移因此時(shí)A恰到達(dá)C的右端，則B相對C運(yùn)動的距離即木板C長度為共速后木板C減速的加速度則運(yùn)動距離則木板的總位移

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