重慶市楊家坪中學(xué)2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期第一次月考物理 Word版含解析.docx

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重慶楊家坪中學(xué)2023--2024學(xué)年度高三上期第一次月考考試物理試題（滿分：100分；考試時間：75分鐘）注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、班級、考場/座位號、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。2．答選擇題時，必須使用2B鉛筆填涂；答非選擇題時，必須使用0.5毫米的黑色簽字筆書寫；必須在題號對應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫無效；保持答卷清潔、完整。3．考試結(jié)束后，將答題卡交回（試題卷學(xué)生保存，以備評講）。一、單項選擇題：本大題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項符合題目要求。1.下列說法正確的是（）A.運動物體具有慣性，靜止物體沒有慣性B.質(zhì)量的單位“kg”是基本單位，長度的單位“m”是導(dǎo)出單位C.劃船時槳向后推水，水向前推槳，因為水推槳的力大于槳推水的力，船才被推著前進(jìn)D.伽利略對自由落體運動研究方法核心是：把實驗和邏輯推理（包括數(shù)學(xué)演算）結(jié)合起來，從而發(fā)展了人類的科學(xué)思維方式和科學(xué)研究方法【答案】D【解析】【詳解】A．一切物體都具有慣性，慣性是物體的固有屬性，其大小只與物體的質(zhì)量有關(guān)，而與物體的運動狀態(tài)無關(guān)，故A錯誤；B．質(zhì)量的單位“kg”是基本單位，長度的單位“m”也是基本單位，故B錯誤；C．水推槳的力與槳推水的力是一對相互作用力，大小相等，方向相反，故C錯誤；D．伽利略對自由落體運動研究的方法是利用“沖淡重力”的實驗再結(jié)合邏輯推理，從而發(fā)展了人類的科學(xué)思維方式和科學(xué)研究方法，故D正確。故選D。2.由靜止開始做勻加速直線運動的物體，速度為v時通過了s的位移，當(dāng)它的速度為時通過了的位移是（）A.2sB.3sC.6sD.9s【答案】D【解析】 【詳解】根據(jù)勻變速運動規(guī)律有解得故選D。3.如圖所示，粗糙地面上固定一個橫截面為正三角形ABC的物體。一個質(zhì)量分布均勻的長木桿搭在正三角形ABC上，發(fā)現(xiàn)木桿下端放在D點時，木桿恰好靜止，且AD＝AC。已知長木桿與地面之間的動摩擦因數(shù)為，最大靜摩擦力近似等于滑動摩擦力，長木桿與三角形物體之間的摩擦不計，則木桿對地面和正三角形物體的壓力大小之比為（　?。〢.B.C.D.【答案】A【解析】【詳解】由AD＝AC及其幾何關(guān)系可得，木桿與地面的傾角為30°。對木桿受力分析如圖甲、乙所示由平衡條件可得，聯(lián)立以上各式可解得地面和正三角形物體對木桿的支持力大小之比為 則木桿對地面和正三角形物體的壓力大小之比為。故選A。4.如圖所示，一輛貨車?yán)每邕^光滑定滑輪的輕質(zhì)不可伸長的纜繩提升一箱貨物，已知貨箱的質(zhì)量為，貨物的質(zhì)量為m，貨車向左做勻速直線運動，在將貨物提升到圖示的位置時，貨箱速度為，連接貨車的纜繩與水平方向夾角為，不計一切摩擦，則此時下列說法正確的是（　）A.貨車速度等于B.貨車對地面的壓力等于貨車的重力C.纜繩中的拉力小于D.貨物處于超重狀態(tài)【答案】D【解析】【詳解】A．將貨車的速度進(jìn)行正交分解，其分解成沿著纜繩方向與垂直纜繩方向，如圖所示：由于纜繩不可伸長，貨箱向上運動的速度和貨車的速度沿著纜繩方向的分量相等，故則貨車運動的速度故A錯誤；B．由于貨車受到纜繩的拉力，貨車的對地面的壓力小于貨車的重力，故B錯誤； CD．因不變，減小，由上式知，貨箱向上運動的速度增大，貨箱和貨物整體向上做加速運動，處于超重狀態(tài)，由牛頓第二定律知纜繩中的拉力大于，故C錯誤，D正確。故選D。5.水銀氣壓計在超失重情況下不能顯示準(zhǔn)確的氣壓。若某次火箭發(fā)射中攜帶了一只水銀氣壓計。發(fā)射的火箭艙密封，起飛前艙內(nèi)溫度，水銀氣壓計顯示艙內(nèi)氣體壓強(qiáng)為1個大氣壓。當(dāng)火箭以加速度a＝g豎直向上起飛時，艙內(nèi)水銀氣壓計示數(shù)穩(wěn)定在，已知水銀氣壓計的示數(shù)與液柱高度成正比，如圖所示?？梢暈槠痫w時重力加速度恒為g，則起飛時艙內(nèi)氣體的溫度是（）A.250KB.300KC.360KD.400K【答案】C【解析】【詳解】設(shè)當(dāng)火箭以加速度a＝g的加速度豎直向上起飛時，倉內(nèi)氣體壓強(qiáng)為，對氣壓計內(nèi)的水銀柱，根據(jù)牛頓第二定律有解得設(shè)此時水銀氣壓計內(nèi)液柱高度為h，有又解得 所以以倉內(nèi)氣體為研究對象，有，，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，氣體等容變化有解得故選C。6.“道威棱鏡”是一種用于光學(xué)圖像翻轉(zhuǎn)的儀器。如圖，將一等腰直角棱鏡截去棱角，使其平行于底面，可制成“道威棱鏡”，其橫截面ABCD為底角45°的等腰梯形，O為AB中點，P為OA中點，光線1和光線2兩條與BC平行的光線，分別從P和O點入射棱鏡，均在BC面上發(fā)生一次全反射后從CD面射出，其中光線2的出射點為CD中點Q（未畫出），已知棱鏡對兩光線的折射率，，光在真空中的傳播速度為c，，則（　?。〢.光線1在棱鏡中的傳播速度為B.從DC邊射出的光線跟入射光線平行，且距離C點最近的為光線2C.光線1在棱鏡中經(jīng)過的路程長為D.光線1從CD邊射出點到BC邊距離為【答案】C【解析】 【詳解】A．光線1在棱鏡中的傳播速度為選項A錯誤；B．光線1、2從AB入射時，由折射定律得折射角γ=30°由幾何關(guān)系可得，當(dāng)光線1、2射到BC時，與BC的夾角均為15°；然后射到DC邊上的入射角為30°，從DC邊上折射后的折射角為45°，即從DC邊射出的光線跟入射光線平行，且距離C點最近的為光線1，選項B錯誤；C．如圖所示，設(shè)E為光線2在BC上的入射點，F(xiàn)為光線1在BC上的入射點，R為光線1在CD上的出射點，由光路的對稱性，E為BC的中點，由幾何關(guān)系得EF：BE=OP：BO=1：2；所以EF=FC=BE，可得R為CQ的中點，所以光線1在棱鏡中傳播的距離選項C正確；D．光線1從CD邊射出點R為QC的中點，R到BC邊的距離為選項D錯誤。故選C。7.如圖，用兩根等長的細(xì)繩將一勻質(zhì)圓柱體懸掛在豎直木板的點，將木板以底邊為軸向后方緩慢轉(zhuǎn)動直至水平，繩與木板之間的夾角保持不變，忽略圓柱體與木板之間的摩擦，在轉(zhuǎn)動過程中（　?。?A.圓柱體對木板的壓力逐漸增大B.圓柱體對木板的壓力先增大后減小C.兩根細(xì)繩上的拉力均先增大后減小D.兩根細(xì)繩對圓柱體拉力的合力保持不變【答案】B【解析】【詳解】設(shè)兩繩子對圓柱體的拉力的合力為，木板對圓柱體的支持力為，繩子與木板夾角為，從右向左看如圖所示在矢量三角形中，根據(jù)正弦定理在木板以直線為軸向后方緩慢轉(zhuǎn)動直至水平過程中，不變，從逐漸減小到0，又且可知則可知從銳角逐漸增大到鈍角，根據(jù) 由于不斷減小，可知不斷減小，先增大后減小，可知先增大后減小，結(jié)合牛頓第三定律可知，圓柱體對木板的壓力先增大后減小，設(shè)兩繩子之間的夾角為，繩子拉力為，則可得不變，逐漸減小，可知繩子拉力不斷減小，故B正確，ACD錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共3小題，每小題5分，共15分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有錯選的得0分。8.如圖所示，A、B兩物塊的質(zhì)量分別為2m和m，兩物體靜止疊放在水平桌面上。物塊A、C通過細(xì)繩相連，細(xì)繩跨過光滑的定滑輪，A、B間的動摩擦因數(shù)為0.5，B與桌面間的動摩擦因數(shù)為0.25，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g?，F(xiàn)由靜止釋放物塊C(C物體質(zhì)量可以改變），則（）A.當(dāng)C物體質(zhì)量小于2m時，A、B都相對桌面靜止B.當(dāng)C物體質(zhì)量等于m時，A的加速度為C.無論C質(zhì)量為何值，B的加速度不會超過D.若B與桌面的動摩擦因數(shù)大于，其他條件不變，無論C的質(zhì)量為多大，B一直保持靜止【答案】BCD【解析】【詳解】A．當(dāng)mCg=μ2(mA＋mB)g，μ2=0.25時A、B都相對桌面靜止，解得mC=0.75m 故A錯誤；C．當(dāng)A、B剛發(fā)生相對運動時，對B有對整體有mCg－μ2(mA＋mB)g=(mA＋mB＋mC)a共且a共=aBmax，μ1=0.5，μ2=0.25聯(lián)立解得aBmax=0.25g，mC=2m故C正確；B．當(dāng)C物體質(zhì)量等于m時，根據(jù)選項C分析可知A、B發(fā)生相對運動，則有mCg－μ1mAg=(mC＋mA)a′解得故B正確；D．若B與桌面的動摩擦因數(shù)大于，則有μ2(mA＋mB)g>μ1mAg，則其他條件不變，無論C的質(zhì)量為多大，B一直保持靜止，故D正確。故選BCD。9.如圖所示，直立輕質(zhì)彈簧一端固定在水平地面，另一端與木板Q栓接。物塊P擱在木板Q上，處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)對P施加一豎直向上的恒力F，此后P、Q一起運動到最高點時恰好未分離。已知P的質(zhì)量為，Q的質(zhì)量為m，重力加速度為g，則有（）A.恒力F的大小為 B.恒力F剛施加給P的瞬間，P、Q間彈力大小為C.物塊P的速度最大時，P、Q間彈力大小為D.物塊P運動到最高點時，彈簧彈力大小為【答案】BD【解析】【詳解】AD．由題可知，由于P、Q一起運動到最高點時恰好未分離，所以P、Q全程在做簡諧運動，因此在最高點和最低點的加速度大小相同，方向相反，大小設(shè)為a，則對于最低點，彈簧彈力和P、Q重力相等，因此在最高點，由于P、Q剛要分離，分別對P和Q進(jìn)行分析，可得解得故A錯誤，D正確；B．恒力剛施加時，以P為研究對象，則解得故B正確；C．物塊P的速度最大時，P、Q整體處于簡諧運動平衡點，即加速度為0，此時解得故C錯誤。故選BD。10.如圖甲所示，一足夠長的傳送帶傾斜放置，以恒定速率順時針轉(zhuǎn)動。一質(zhì)量的煤塊以初速度。從A端沖上傳送帶又滑了下來，煤塊的速度隨時間變化的圖像如圖乙所示， ，則下列說法正確的是（　　）A.傳送帶的速率為B.煤塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)C.煤塊從沖上傳送帶到返回A端所用的時間為D.煤塊在皮帶上留下的劃痕為【答案】AB【解析】【詳解】AB．由v?t圖象得0～1s的加速度方向沿傳送帶向下，1s～2s的加速度方向沿傳送帶向下，煤塊的速度為時加速度發(fā)生變化。可知，煤塊的速度為前，傳送帶對其摩擦力沿傳送帶向下；煤塊的速度為后，傳送帶對其摩擦力沿傳送帶向上；故傳送帶的速率為。0～1s對煤塊由牛頓第二定律得1s～2s對煤塊由牛頓第二定律得解得故AB正確；C．v?t圖象圖線面積表示位移，所以煤塊上滑總位移為 由運動學(xué)公式得下滑時間為所以煤塊從沖上傳送帶到返回A端所用的時間為，故C錯誤；D．0?1s內(nèi)，煤塊上滑皮帶位移為故煤塊相對皮帶向上劃痕為5m，1s后直至煤塊從A端離開皮帶，煤塊位移?7m，皮帶位移為煤塊相對皮帶向下劃痕故D錯誤。故選AB。三、實驗題：本大題共2個小題，共16分。11.某興趣小組“探究小車加速度與合外力的關(guān)系”的實驗裝置如下圖。A為小車（質(zhì)量為M），B為打點計時器，C為裝有沙的沙桶（沙和沙桶的總質(zhì)量為m），D為一端帶有定滑輪的長木板，電源頻率為50Hz。（1）下列實驗操作中，正確的是______；A．調(diào)節(jié)滑輪的高度，使?fàn)恳≤嚨募?xì)繩與長木板保持平行B．每次實驗，都要先放開小車，再接通打點計時器C．平衡摩擦力時，應(yīng)將沙桶用細(xì)繩通過定滑輪系在小車上D．平衡摩擦力時，應(yīng)將小車后面的紙帶連接好E．改變小車的質(zhì)量時，需要重新平衡摩擦力 （2）為使細(xì)繩對小車的拉力F近似等于沙和沙桶的總重力，需滿足的條件是______；（3）下圖為實驗中打出的一條紙帶的一部分，從比較清晰的點跡起，在紙帶上標(biāo)出了連續(xù)的5個計數(shù)點A、B、C、D、E，相鄰2個計數(shù)點之間有4個點沒有標(biāo)出，測出各計數(shù)點到A點之間的距離。則此次實驗中小車運動的加速度大小______。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）（4）陳同學(xué)根據(jù)測量數(shù)據(jù)作出的圖線如圖（a）所示，他實驗中可能存在的問題是______；李同學(xué)根據(jù)測量數(shù)據(jù)作出的圖線如圖（b）所示，圖像末端發(fā)生彎曲的原因是______；（5）胡同學(xué)改進(jìn)實驗方案，采用下圖的實驗裝置探究“小車加速度與合外力的關(guān)系”時，是否需要平衡摩擦力？______（選填“需要”或“不需要”）?！敬鸢浮竣?AD##DA②.小車的質(zhì)量M遠(yuǎn)大于沙和沙桶的總質(zhì)量m③.1.0④.平衡摩擦力過度（或者木板的傾角過大或補(bǔ)償阻力過度）⑤.未滿足M遠(yuǎn)大于m⑥.需要【解析】【詳解】（1）[1]A．平衡摩擦力后，連接砝碼盤和小車的細(xì)繩跟長木板保持平行時，細(xì)線的拉力等于小車所受合力，故A正確；B．車釋放前應(yīng)靠近打點計時器，且應(yīng)先接通電源再釋放小車，目的是為了能夠在紙帶上打出足夠多的點，故B錯誤；CD．摩擦力是通過小車重力沿木板方向的分力來平衡的，所以平衡摩擦力時不能將沙桶用細(xì)繩通過定滑輪系在小車上，并且由于運動過程中紙帶也要受到阻力，所以后面的紙帶必須連好，再通過紙帶上的點間距判斷小車是否做勻速直線運動，故C錯誤，D正確；E．設(shè)平衡摩擦力時木板抬高的傾角為θ，在沿木板方向根據(jù)平衡條件有 兩邊M可以約掉，即與小車質(zhì)量M無關(guān)，每次改變小車的質(zhì)量時，不需要重新平衡摩擦力，故E錯誤。故選AD。（2）[2]對小車根據(jù)牛頓第二定律有對沙和砂桶同理有聯(lián)立解得由上式可知只有當(dāng)時才近似等于。（3）[3]相鄰兩計數(shù)點間的時間間隔為根據(jù)逐差法可得（4）[4]陳同學(xué)根據(jù)測量數(shù)據(jù)作出的圖線如圖（a）所示，由圖可知，當(dāng)合外力為零時，小車加速度不為零，他實驗中可能存在的問題是平衡摩擦力過度（或者木板的傾角過大或補(bǔ)償阻力過度）；[5]李同學(xué)根據(jù)測量數(shù)據(jù)作出的圖線如圖（b）所示，圖像末端發(fā)生彎曲的原因是未滿足M遠(yuǎn)大于m。（5）[6]由圖可知，彈簧測力計可以直接測出小車所受的合外力，不需要滿足M遠(yuǎn)大于m，為了使繩子拉力為小車所受的合力，仍然需要平衡摩擦力。12.某實驗小組做“測量一由新材料制成的粗細(xì)均勻金屬絲的電阻率”實驗。除待測金屬絲外備選器材如下：A.量程為5mA、內(nèi)阻的電流表B.量程為0.6A、內(nèi)阻的電流表C.量程為6V、內(nèi)阻約為15的電壓表D.最大阻值為15、最大允許電流為2A的滑動變阻器E.定值電阻F.定值電阻G.電動勢V、內(nèi)阻很小的直流電源H.開關(guān)一個，導(dǎo)線若干I.多用表，螺旋測微器，刻度尺 (1)先用多用表擋粗測其電阻，如圖甲所示，讀數(shù)為__________，然后用螺旋測微器測其直徑，則螺旋測微器的示數(shù)__________mm；(2)采用圖丙所示電路盡可能精確地測量該金屬絲的電阻率，電流表應(yīng)選用__________（填“A”或“B”），定值電阻應(yīng)選用__________（填“E”或“F”）；(3)電壓表的示數(shù)記為U，所選用電流表的示數(shù)記為I，則該金屬絲的電阻的表達(dá)式__________，若用刻度尺測得待測電阻絲的長度為L，則其電阻率的表達(dá)式__________（表達(dá)式中所用到的阻值必須用對應(yīng)的電阻符號表示，不得直接用數(shù)值表示）?！敬鸢浮竣?140②.0.732③.A④.E⑤.⑥.【解析】【詳解】(1)[1]多用電表用倍率測量，讀數(shù)為[2]根據(jù)螺旋測微器讀數(shù)規(guī)則得(2)[3]電壓表量程為6V，電阻絲電阻約140，電流表量程應(yīng)該為42mA左右，可以將5mA的電流表并聯(lián)5的電阻改裝成量程為55mA的電流表，即電流表選擇A。[4]電壓表量程為6V，電阻絲電阻約140，電流表量程應(yīng)該為42mA左右，可以將5mA的電流表并聯(lián)5的電阻改裝成量程為55mA的電流表，即電流表選擇A，定值電阻選擇E。(3)[5]金屬絲中的電流為電壓由歐姆定律可得金屬絲電阻 [6]由電阻定律又解得電阻率四、計算題：本大題共3個小題，共41分，其中13題10分14題13分15題18分。解答時應(yīng)寫出必要的文字說明、公式、方程式和重要的演算步驟，只寫出結(jié)果的不得分，有數(shù)值計算的題，答案必須寫出明確的數(shù)值和單位。13.如圖所示為水平向右傳播的一列橫波，圖中的實線為t=0時刻的波形圖，虛線為t=0.2s時刻的波形圖，已知波的傳播周期大于0.2s。求：（1）該波的波速v；（2）平衡位置在坐標(biāo)原點處的質(zhì)點在0~1s這段時間內(nèi)通過的路程?！敬鸢浮浚?）5m/s；（2）10cm【解析】【詳解】（1）由圖可知可得（n=0，1，2，3，…）由T>0.2s，所以n=0，T=0.8s則 （2）由圖可知振幅由于t0=1s=1.25T所以平衡位置在坐標(biāo)原點處的質(zhì)點在0~1s這段時間內(nèi)通過的路程s=4A+A=10cm14.如圖所示，傾角為的斜面體固定放置在水平地面上，在斜面上固定放置一個半圓管軌道AEB，圓管的內(nèi)壁光滑，半徑為r=0.5m，最低點A、最高點B的切線水平，AB是半圓管軌道的直徑，現(xiàn)讓質(zhì)量為m=1kg的小球（視為質(zhì)點）從A點以一定的水平速度滑進(jìn)圓管，圓管的內(nèi)徑略大于小球的直徑，重力加速度為，sin53°=0.8，cos53°=0.6，管壁對小球的彈力沿著斜面。答案可含根號，求：（1）若小球在A點的加速度大小為，到達(dá)B點時的加速度大小為，A、B兩處管壁對小球的彈力的大小之差；（2）若小球到達(dá)B點時與管壁無彈力作用，小球的落地點與B點間的距離；（3）若小球到達(dá)B點時受到管壁的彈力大小為4N，小球落地后平拋運動的水平位移?！敬鸢浮浚?）40N；（2）082m；（3）m或m【解析】【詳解】（1）小球在A的加速度大小為4.4g時到達(dá)B時的加速度大小為2g時解得 （2）小球到達(dá)B點時沿斜面上下側(cè)受到的彈力剛好為0，則有小球從B點飛出后有水平方向豎直方向小球的落地點與B點間的距離為解得（3）小球到達(dá)B點受到的彈力大小為4N。若該彈力方向沿斜面向下若該彈力方向沿斜面向上由于平拋高度一定，此兩種情況下小球飛出至落地時間與（2）中相同，則水平位移，15.一質(zhì)量為M＝0.5kg的木板放在傾角的光滑斜面上，并在外力作用下保持靜止?fàn)顟B(tài)。木板下端距斜面底端的距離為s＝10.25m，斜面底端固定著一彈性薄擋板，與之相碰的物體會以原速率彈回。t＝0時刻，撤去作用在木板上的外力，同時將一質(zhì)量為m＝1kg的小物塊從距離木板下端l＝54m處，以沿木板向上的初速度滑上木板，對小物塊施加沿斜面向上的外力（該力在1s時變?yōu)?）。當(dāng)木板第一次與彈性薄擋板相碰時，撤去施加在小物塊上的外力。已知木板與物塊間的動摩擦因數(shù)，小物塊可以看作質(zhì)點，且整個過程中小物塊不會從木板上端滑出，取，求：（1）0至1s時間內(nèi)，小物塊和木板的加速度的大小和方向；（2）木板第一次與擋板碰撞時的速度大小；（3）當(dāng)木板與擋板第二次碰撞時，物塊離木板下端的距離d。【答案】（1），方向沿斜面向下，，方向沿斜面向上；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）對小物塊，由牛頓第二定律解得方向沿斜面向下。對木板，由牛頓第二定律解得方向沿斜面向上。（2）小物塊沿斜面向上做勻減速運動，木板沿斜面向上做勻加速運動，設(shè)經(jīng)過二者達(dá)到共速，由運動學(xué)公式解得 方向沿斜面向上。假設(shè)共速后二者一起運動，對整體由牛頓第二定律解得對木板，由牛頓第二定律解得故二者一起向上勻減速。二者一起向上勻減速至速度為零，再向下加速，回到剛共速的位置時，速度為2m/s，但方向沿斜面向下。二者第一次共速前，木板的位移在二者從剛共速的位置至與擋板發(fā)生碰撞的過程中，設(shè)碰撞時木板的速度為，由運動學(xué)公式解得（3）二者第一次共速前，小物塊的位移木板的位移小物塊相對于木板，沿斜面向上滑行了木板與擋板第一次碰撞后，木板向上運動，小物塊依然向下，對小物塊，由牛頓第二定律解得 方向沿斜面向下。對木板，由牛頓第二定律解得方向沿斜面向下。此后，小物塊一直沿斜面向下做勻加速直線運動，木板先沿斜面向上做勻減速運動再反向勻加速，與小物塊共速前會再次與擋板發(fā)生碰撞，設(shè)木板與擋板兩次碰撞間隔時間為，有以沿斜面向下為正方向，兩次碰撞之間得小物塊位移木板的位移小物塊相對于木板，沿斜面向下滑行了又共速前小物塊相對于木板，沿斜面向上滑行了，則當(dāng)木板與擋板第二次碰撞時，小物塊離木板下端的距離