湖南省名校聯(lián)考聯(lián)合體2022-2023學(xué)年高一下學(xué)期入學(xué)考試物理（解析版）.docx

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名校聯(lián)考聯(lián)合體2023年春季高一入學(xué)考試物理試題一、單項(xiàng)選擇題（1~6小題，每小題4分，共24分。每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求）1.“析萬(wàn)物之理，判天地之美”，物理學(xué)是研究物質(zhì)及其運(yùn)動(dòng)規(guī)律的學(xué)科，研究物理有很多方法，關(guān)于物理學(xué)研究方法，下列說法正確的是（）A.在研究物體的運(yùn)動(dòng)時(shí)，將物體看作質(zhì)點(diǎn)，這樣的研究方法叫“微元法”B.亞里士多德對(duì)下落物體運(yùn)動(dòng)的研究，把實(shí)驗(yàn)和邏輯推理（包括數(shù)學(xué)演算）結(jié)合起來，拓展了人類的科學(xué)思維方式和科學(xué)研究方法C.伽利略在研究斜面實(shí)驗(yàn)時(shí)，依據(jù)邏輯推理把真實(shí)實(shí)驗(yàn)進(jìn)行理想化處理并得出結(jié)果是研究物理問題的重要方法之一D.是利用比值定義法定義物理量，由公式可以得出加速度與成正比【答案】C【解析】【詳解】A．在研究物體的運(yùn)動(dòng)時(shí)，將物體看作質(zhì)點(diǎn)，這樣的研究方法叫理想模型法，故A錯(cuò)誤；B．伽利略對(duì)下落物體運(yùn)動(dòng)的研究，把實(shí)驗(yàn)和邏輯推理（包括數(shù)學(xué)演算）結(jié)合起來，拓展了人類的科學(xué)思維方式和科學(xué)研究方法，故B錯(cuò)誤；C．伽利略在研究斜面實(shí)驗(yàn)時(shí)，依據(jù)邏輯推理把真實(shí)實(shí)驗(yàn)進(jìn)行理想化處理并得出結(jié)果是研究物理問題的重要方法之一，故C正確；D．是利用比值定義法定義物理量，由公式可以得出加速度與無關(guān)，故D錯(cuò)誤。故選C。2.如圖，是我校同學(xué)研發(fā)的賽車，該賽車采用的是前輪驅(qū)動(dòng)的方式，該車在平直路面上勻速行駛時(shí)，前輪和后輪所受摩擦力的方向分別為（　?。〢.向前、向前B.向前、向后C.向后、向前D.向后、向后【答案】B【解析】【詳解】 因?yàn)橘愜囼?qū)動(dòng)輪在前，后輪是從動(dòng)輪。勻速行駛時(shí)，前輪相對(duì)地面有向后運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，則地面給前輪一個(gè)水平向前的摩擦，這個(gè)摩擦力驅(qū)動(dòng)賽車向前運(yùn)動(dòng)；當(dāng)后輪向前運(yùn)動(dòng)時(shí)，地面的摩擦力將阻礙它向前運(yùn)動(dòng)，故地面對(duì)后輪的摩擦力方向是水平向后。故選B。3.一個(gè)物體從某一高度做自由落體運(yùn)動(dòng)，已知它最后1s內(nèi)的位移為25m（?。t它開始下落時(shí)距地面的高度為（?。〢.B.C.D.【答案】B【解析】【詳解】由平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，所以最后的中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度為，由解得可知物體運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間為，高度為故選B。4.跳水是一項(xiàng)優(yōu)美的水上運(yùn)動(dòng)。在2021年?yáng)|京奧運(yùn)會(huì)上，14歲的全紅嬋勇奪女子十米臺(tái)跳水冠軍。十米臺(tái)跳水是指運(yùn)動(dòng)員從離水面10米高的跳臺(tái)上起跳，在空中完成屈體、抱膝、轉(zhuǎn)體等動(dòng)作后完全入水的運(yùn)動(dòng)，其過程如圖所示。下列有關(guān)說法正確的是（　?。〢.當(dāng)裁判員研究運(yùn)動(dòng)員在空中的動(dòng)作時(shí)可以將運(yùn)動(dòng)員看成質(zhì)點(diǎn)B.運(yùn)動(dòng)員在空中下降過程中處于超重狀態(tài)C.運(yùn)動(dòng)員在空中上升過程中處于失重狀態(tài)D.運(yùn)動(dòng)員整個(gè)過程運(yùn)動(dòng)的位移大小為【答案】C【解析】【詳解】A．當(dāng)裁判員研究運(yùn)動(dòng)員在空中動(dòng)作時(shí)，運(yùn)動(dòng)員的大小和動(dòng)作均不能忽略，不能看成質(zhì)點(diǎn)，故A錯(cuò)誤； BC．運(yùn)動(dòng)員在空中上升和下降過程中，加速度均向下，處于失重狀態(tài)，故B錯(cuò)誤，C正確；D．因?yàn)檫\(yùn)動(dòng)員落水點(diǎn)不在跳臺(tái)正下方且已完全入水，所以其位移大小大于，故D錯(cuò)誤。故選C。5.在平直公路上有甲、乙兩輛汽車同時(shí)從同一位置沿著同一方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，它們速度的平方隨位置變化的圖像如圖所示，則下列說法正確的是（　　）A.甲車的加速度比乙車的加速度大B.甲、乙兩車經(jīng)過處的速度不相同C.在處甲乙兩車相遇D.在末甲乙兩車相遇【答案】D【解析】【詳解】A．由可知甲加速度為乙的加速度為甲車的加速度比乙車的加速度大，故A錯(cuò)誤；B．由圖像可知處兩車的速度相等，故B錯(cuò)誤；C．甲、乙從同一位置出發(fā)，之前，甲的速度一直小于乙的速度，故不在處相遇，故C錯(cuò)誤；D．由圖像知乙的初速度為，當(dāng)位移相等時(shí)兩車相遇，則有解得故D正確。故選D。 6.如圖所示，小球質(zhì)量為，小球質(zhì)量為，用細(xì)線相連并懸掛于點(diǎn)，現(xiàn)用一輕質(zhì)彈簧給小球施加一個(gè)拉力，使整個(gè)裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)，且與豎直方向夾角為，已知彈簧的勁度系數(shù)為，重力加速度為，則彈簧的最短伸長(zhǎng)量為（　?。〢.B.C.D.【答案】A【解析】【詳解】以兩個(gè)小球組成的整體為研究對(duì)象，受到總的重力、彈簧彈力和細(xì)線的拉力；根據(jù)平衡條件得知，與的合力與重力總是大小相等、方向相反，力的合成情況如圖所示由力的合成圖可知，當(dāng)與繩子垂直時(shí)，有最小值，即圖中位置2，的最小值為則彈簧的最短伸長(zhǎng)量為故選A。二、多項(xiàng)選擇題（7~10小題，每小題5分，共20分。每小題給出的4個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)得5分，選對(duì)但不全的得3分，選錯(cuò)得0分）7.我們經(jīng)常會(huì)接觸到一些民諺、俗語(yǔ)，都蘊(yùn)含著豐富的物理知識(shí)，以下理解正確的是（　?。〢.“泥鰍黃鱔交朋友，滑頭對(duì)滑頭”——泥鰍黃鱔的表面沒有摩擦力B.“一只巴掌拍不響”——力是物體對(duì)物體的作用，一只巴掌要么拍另一只巴掌，要么拍在其它物體上才能產(chǎn)生力的作用，才能拍響 C.“雞蛋碰石頭，自不量力”——雞蛋和石頭相碰時(shí)石頭撞擊雞蛋的力大于雞蛋撞擊石頭的力D.“人心齊，泰山移”——如果各個(gè)分力的方向一致，則合力的大小等于各個(gè)分力的大小之和【答案】BD【解析】【詳解】A．根據(jù)將物體的表面涂上潤(rùn)滑液后有助于減小摩擦力，所以“泥鰍黃鱔交朋友，滑頭對(duì)滑頭”——泥鰍黃鱔的表面都比較光滑，摩擦力小不是沒有摩擦力。故A錯(cuò)誤；B．物體之間的作用是相互的，“一只巴掌拍不響”——就是說明力是物體對(duì)物體的作用。故B正確；C．作用力與反作用力總是大小相等，方向相反。“雞蛋碰石頭，自不量力”——說的是雞蛋和石頭相碰時(shí)，作用力與反作用力雖然大小相等，但石頭的硬度要遠(yuǎn)大于雞蛋的硬度。故C錯(cuò)誤；D．“人心齊，泰山移”——如果各個(gè)分力方向一致，則合力的大小等于各個(gè)分力的大小之和。故D正確。故選BD。8.質(zhì)量為的物塊在水平拉力的作用下，以一定的初速度沿水平面滑行。利用速度傳感器在計(jì)算機(jī)屏幕上得到其速度隨時(shí)間的變化關(guān)系如圖所示，則物塊（　?。〢.內(nèi)的平均速度大小為B.內(nèi)加速度大小是內(nèi)加速度大小的3倍C.內(nèi)的位移大小為D.內(nèi)物體的速度方向發(fā)生了改變但加速度方向沒發(fā)生改變【答案】AD【解析】【詳解】AC．由圖像可知，內(nèi)的位移為則內(nèi)的平均速度為故A正確，C錯(cuò)誤；B．由圖像可知，內(nèi)加速度大小為 內(nèi)加速度大小為可知內(nèi)加速度大小是內(nèi)加速度大小的6倍，故B錯(cuò)誤；D．根據(jù)圖像可知，速度為正，加速度為負(fù)，速度為負(fù)，加速度為負(fù)，速度方向發(fā)生改變，加速度方向沒有發(fā)生改變，故D正確。故選AD。9.未來的某天，一位同學(xué)在月球上做自由落體實(shí)驗(yàn)。讓一個(gè)質(zhì)量為的小球從離月球表面的高度處自由下落，測(cè)得小球經(jīng)過剛好落到月球表面上。則（　?。〢.月球表面的重力加速度大小為B.小球在月球表面受到的重力大小為C.小球剛落到月球表面時(shí)的速度大小為D.小球落到月球表面的過程中最后經(jīng)過的位移大小為【答案】BD【解析】【詳解】AB．小球在月球表面做自由落體運(yùn)動(dòng)，有解得小球在月球上所受重力為故A錯(cuò)誤，B正確；CD．小球剛落到月球表面的速度為小球落到月球表面的過程中最后一秒經(jīng)過的位移為故C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。10.如圖甲所示，傾角為的傳送帶以恒定的速率沿逆時(shí)針方向運(yùn)行。時(shí)，將質(zhì)量的物體（可視為質(zhì)點(diǎn)）輕放在傳送帶上端，物體相對(duì)地面的圖像如圖乙所示， 時(shí)滑離傳送帶。設(shè)沿傳送帶向下為正方向，重力加速度取，，。下列說法正確的是（　?。〢.物體與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)B.傳送帶受到物體的摩擦力方向先沿斜面向下后沿斜面向上C.傳送帶上下兩端的間距為D.物體在傳送帶上留下的痕跡長(zhǎng)度為【答案】AC【解析】【詳解】A．由題圖得內(nèi)物體的加速度為根據(jù)牛頓第二定律得內(nèi)物體的加速度為根據(jù)牛頓第二定律得聯(lián)立解得，故A正確；B．物塊受到的摩擦力方向先沿斜面向下后沿斜面向上，由牛頓第三定律得，傳送帶受到物體的摩擦力方向先沿斜面向上后沿斜面向下，故B錯(cuò)誤；C．由題可得物體內(nèi)的位移即為傳送帶上下兩端的間距，圖像與橫軸所圍面積表示位移，可知故C正確；D．由題圖知傳送帶的速率，則內(nèi)，物體的位移為 傳送帶的位移為物體相對(duì)傳送帶向上運(yùn)動(dòng)，相對(duì)位移為內(nèi)物體的位移為傳送帶的位移為物體相對(duì)傳送帶向下運(yùn)動(dòng)，相對(duì)位移為痕跡重疊，因此物體在傳送帶上留下的痕跡長(zhǎng)度為，故D錯(cuò)誤。故選AC。三、實(shí)驗(yàn)題（11題6分，12題9分，共15分）11.在某次實(shí)驗(yàn)中，如圖所示為一次記錄小車運(yùn)動(dòng)情況的紙帶，其中、、、、為相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間都有9個(gè)點(diǎn)未畫出，已知電源的頻率為。（1）計(jì)算點(diǎn)瞬時(shí)速度，_______；（2）計(jì)算小車的加速度，_______；（以上兩空均保留3位有效數(shù)字）（3）以打下點(diǎn)的時(shí)刻為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，作出小車的圖線，圖線與縱軸交點(diǎn)的物理意義是_______?！敬鸢浮竣?0.0690②.0.315③.A點(diǎn)的速度【解析】【詳解】（1）[1]相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間都有9個(gè)點(diǎn)未畫出，即相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)時(shí)間間隔為根據(jù)在勻變速直線運(yùn)動(dòng)中一段時(shí)間的平均速度等于這段時(shí)間中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，則點(diǎn)瞬時(shí)速度為（2）[2]根據(jù)逐差法可得，小車的加速度大小為（3）[3]以打下點(diǎn)的時(shí)刻為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，作出小車的圖線，圖線與縱軸的交點(diǎn)表示 時(shí)的速度，即點(diǎn)的速度。12.如圖為“用DIS研究加速度和力的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)裝置：（1）在該實(shí)驗(yàn)中必須采用控制變量法，應(yīng)保持_______不變，抬高軌道一端以平衡摩擦力，用鉤碼的重力作為小車所受的合外力，用DIS測(cè)小車的加速度；（2）改變所掛鉤碼的數(shù)量，多次重復(fù)測(cè)量。在某次實(shí)驗(yàn)中根據(jù)測(cè)得的多組數(shù)據(jù)可畫出關(guān)系圖線（如圖），此圖線的段明顯偏離直線，造成此誤差的主要原因是________。（3）若在原裝置中的處加裝一力傳感器直接測(cè)量力值，重復(fù)上述實(shí)驗(yàn)，得到的圖線與圖b中的圖線相比會(huì)有什么不同：________。（4）在（3）中，若小車的質(zhì)量為，不斷增加鉤碼的數(shù)量，則力傳感器示數(shù)的極限值為_________（重力加速度為）?！敬鸢浮竣?小車和發(fā)射器總質(zhì)量②.鉤碼質(zhì)量過大或未滿足③.圖線為直線，沒有彎曲部分④.【解析】【詳解】（1）[1]探究加速度與力的關(guān)系，應(yīng)保持小車的總質(zhì)量不變，用鉤碼所受的重力作為小車所受的合力。（2）[2]由圖像段可知，與成正比，即：在小車質(zhì)量一定時(shí)，加速度與小車受到的合力成正比；以小車與鉤碼組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，系統(tǒng)所受的合外力等于鉤碼的重力，由牛頓第二定律得小車的加速度小車受到的拉力 當(dāng)時(shí)，可以認(rèn)為小車受到的合力等于鉤碼的重力，如果鉤碼的質(zhì)量太大，則小車受到的合力小于鉤碼的重力，實(shí)驗(yàn)誤差較大，圖像偏離直線。（3）[3]若在原裝置中的處加裝一力傳感器，重復(fù)上述實(shí)驗(yàn)，得到的圖線將是一條直線，沒有彎曲部分，因?yàn)樾≤嚴(yán)梢灾苯佑闪鞲衅鳒y(cè)出來，砝碼的質(zhì)量不需要滿足遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量。（4）[4]由小車加速度得最大加速度為，因此最大拉力，則力傳感器示數(shù)的極限值為。四、計(jì)算題（13題12分，14題13分，15題16分，共41分）13.2022年12月18日，卡塔爾世界杯決賽中阿根廷隊(duì)通過點(diǎn)球大戰(zhàn)擊敗法國(guó)隊(duì)獲得冠軍成功捧起大力神杯。如圖為甲、乙兩位足球運(yùn)動(dòng)員正在配合進(jìn)攻的示意圖。甲在處以初速度將足球踢出后，足球沿方向做加速度大小為的勻減速直線運(yùn)動(dòng)。足球被踢出的同時(shí)，乙以的速度從處沿垂直于方向做的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，守門員此時(shí)位于點(diǎn)，經(jīng)過反應(yīng)時(shí)間后，由靜止開始沿方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，能達(dá)到的最大加速度為。已知，，中間無其他隊(duì)員爭(zhēng)搶，求：（1）乙能否在點(diǎn)將球踢出？若能，求乙運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)的速度大?。唬?）守門員若想在點(diǎn)把球成功攔截，則其反應(yīng)時(shí)間最長(zhǎng)為多少？（結(jié)果用根號(hào)表示）【答案】（1）能，；（2）【解析】【詳解】（1）以足球?yàn)檠芯繉?duì)象，從到運(yùn)動(dòng)時(shí)間為，則有代入數(shù)據(jù)可得，（舍棄） 以乙為研究對(duì)象，從到運(yùn)動(dòng)時(shí)間為，則有代入數(shù)據(jù)可得因?yàn)?，故乙能在點(diǎn)將球踢出。乙運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)的速度為（2）以守門員為研究對(duì)象，設(shè)反應(yīng)時(shí)長(zhǎng)為，則有解得其反應(yīng)時(shí)間最長(zhǎng)為，（舍棄）14.如圖，小孩坐在雪橇上，小孩與雪橇的總質(zhì)量為，大人用與水平方向成角斜向上的大小為的拉力拉雪橇，使雪橇從靜止開始沿水平地面做加速度大小為的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，取，，。求：（1）雪橇受到地面支持力大??；（2）雪橇與水平地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)的大??；（3）若拉力作用后撤去，雪橇最終停止，求整個(gè)過程雪橇運(yùn)動(dòng)的位移大小?！敬鸢浮浚?）；（2）0.5；（3）【解析】【詳解】（1）以雪橇和小孩為整體，受力分析如圖所示 由平衡條件得解得（2）以雪橇和小孩為整體，水平方向，由牛頓第二定律可得解得（3）拉力作用時(shí)，速度位移撤去拉力后，雪橇受摩擦力做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得加速度大小最終減速為0，此過程位移所以，整個(gè)過程雪橇的位移15.如圖所示，長(zhǎng)度、質(zhì)量的木板靜止在光滑水平桌面上，木板中點(diǎn)處?kù)o止放有一質(zhì)量的小鐵塊（可視為質(zhì)點(diǎn)），鐵塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為。現(xiàn)用一水平向右的拉力作用在木板上，使木板和鐵塊由靜止開始運(yùn)動(dòng)，設(shè)木板與鐵塊間的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，取。求： （1）當(dāng)拉力為時(shí)，鐵塊受到的摩擦力大?。唬?）若要鐵塊相對(duì)木板靜止，求拉力的最大值；（3）當(dāng)拉力為時(shí)，作用1s后撤去拉力。判斷鐵塊能否從木板上滑落，若能，求滑落時(shí)鐵塊速度；若不能，求鐵塊最終停在木板上的位置?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3）不能滑落，最終停在木板上的位置距木板左端【解析】【詳解】（1）當(dāng)拉力為時(shí)，設(shè)鐵塊相與木板保持相對(duì)靜止；對(duì)整體由牛頓第二定律得解得由牛頓第二定律得鐵塊受到的摩擦力為即此時(shí)鐵塊受到的是靜摩擦力，大小為。（2）由牛頓第二定律得鐵塊的最大加速度為對(duì)整體由牛頓第二定律得解得要鐵塊相對(duì)木板靜止，拉力的最大值為。（3）當(dāng)拉力為時(shí)，對(duì)木板由牛頓第二定律得解得力作用末，鐵塊的速度為鐵塊的位移為 木板的速度為木板的位移為此過程木板比鐵塊多運(yùn)動(dòng)的位移為撤去拉力，對(duì)木板由牛頓第二定律得解得加速度大小為（向右減速）鐵塊繼續(xù)以向右加速；設(shè)經(jīng)過時(shí)間二者達(dá)到共同速度，則有解得，此過程鐵塊位移為木板位移為此過程木板比鐵塊多運(yùn)動(dòng)的位移為因?yàn)樗澡F塊不能從木板上滑落；鐵塊最終停在距木板左端距離為